洛谷题面传送门 简单分块题，可惜卡了一年的常（ 道理很明显，碰到这种不可 polylog 维护的题肯定需要分块，弱化版可见 P3591 POI2015 ODW。而此题又涉及开根号，那又一个一眼的套路：segment beats，这样做法就出来了：设阈值 \(B\)，然后。 对于 \(k>B\)，查询修改都暴力。 对于 \(k\le B\)，我们先
毒瘤卡常分块题但是看你写法。 注意到这道题有回溯操作，可以考虑建立操作树，下设第 \(i\) 个操作在操作树上对应的节点为 \(p_i\)： 先建立 0 号节点表示初始状态（令 \(p_0=0\)），对于 1,3 两个非回溯操作（设为第 \(i\) 个操作），当前操作编号就是操作树上对应的节点编号，即令 \(p_i=i\)；对于 2
树上操作 树链剖分模板 - 子树区间加和 考虑到树链剖分的时候，一颗子树内的 dfn 序一定是连续的一段区间，因此只要找到子树内最大的 dfn 序即可，也就是树链剖分 dfs 的时候回到当前结点时，记录一下当前分配 dfn 序分配到了哪个值 然后直接线段树区间加和即可 #include <iostream> #inc
这周进行了数据结构的第一阶段。 完成了二叉排序树的查找： int SearchBST(BSTNode *bt,KeyType k) { if(bt==NULL) { return 0; } else if(bt->key==k) { printf("%d ",bt->key); return 1; } else if(bt->key>k)
\(\cal T_1\) 数列维护 100 合 1 / sequence Description 你有一个长度为 \(n\) 的数列，现在你要支持以下 \(100\) 种操作： 操作 \(001\)：询问若可以使用膜法一次令任一区间内的所有数同时 \(+1\) 或同时 \(−1\)，要把某一区间恰好都变为 \(0\)，至少需要几次膜法； 操作 \(010\)：使一个
松鼠的新家 树上差分模板题 - 点差分 #include <iostream> #include <cstdio> #include <algorithm> #include <vector> using namespace std; const int maxn = 3e5 + 10; int val[maxn], dep[maxn], fa[maxn][25], a[maxn]; vector<int>gra[maxn]; void dfs
凸包模板 这题是整数范围，需要时请改浮点数 #include<bits/stdc++.h> #define int long long using namespace std; const int maxn=5110; int n; struct node{ int x,y; }s[maxn],e[maxn]; int top; inline int area(node a1,node a2,node b1,node b2){ return (a2.x-a1.x)*(b2.
题意 从给定的序列中选出一个子序列 \(b\) ，并且使得 \(b_i \& b_{i-1} \not= 0 , i\in[2,n]\) ，求 \(b\) 最长的长度。 做时思路 选一个子序列，模仿着最长上升子序列一样定义一个状态。 \(dp_i\) 表示选择 \(a_i\) 为结尾的最长的长度。暴力枚举肯定是 \(\mathbf{O} (n^2)\) 的。这
Query on a tree again! 树链剖分 + 二分 通过树链剖分查找，判断一下路径上，最后一个黑点出现在哪一条链上，然后在链上进行二分 dfn 查找第一个黑点所在位置 #include <iostream> #include <cstdio> #include <vector> #include <algorithm> using namespace std; const int maxn = 1
洛谷题面传送门 简单题，不知道怎么评到黑的.jpg 首先拆贡献。看到仙人掌套路化分环边和非环边处理。非环边贡献非常 easy，只要两边都有点被选即可。主菜在环边。 每个环显然是独立的。我们假设现在在考虑一个由 \(p_1,p_2,\cdots,p_k\) 构成的环，那么我们考虑以这个环为根建树，显然每
排序算法 1.冒泡排序 点击查看代码 #include <cstdio> #include <algorithm> using namespace std; const int MAXN = 50; int a[MAXN]; int main() { int n; scanf("%d", &n); for (int i = 0; i < n; i++) { scanf("%d", &
Aladdin and the Return Journey 树链剖分模板题 结点单点修改 #include <iostream> #include <cstdio> #include <algorithm> #include <vector> using namespace std; const int maxn = 3e4 + 10; vector<int>gra[maxn]; int dep[maxn]; int siz[maxn]; in
题目描述 商店里有 n 件商品，编号为：1~n ，每件商品有一个价值 c 和价钱 v 。商店老板有个奇怪的规定，如果要买某件商品，则与这件商品相搭配的都必须买。 你的钱有限，所以你想用你现有的钱买到的商品价值越大越好。 输入格式 第一行有三个正整数 ，n , m , w， 分别表示商店里有
题意：给定一长度为n的数组，可以任意选择其中两个相邻且不同的元素相消，请问最后可以剩下的所有元素相同的数组的长度最长是多少 思路：先花O（n^2）的时间求出任意i-j这一段的元素能否被完全消掉(del[i][j]==1)，然后开始dp。dp[i]表示前i个元素经过操作后 剩下的元素相同且包含第i个元素的数
Housewife Wind 树链剖分 利用树中每个点都只有一个父节点的性质，将边权化为点权，然后树链剖分 LCA，套一个线段树维护权值 注意在同一链的时候，LCA 的点权是不计算在内的 这题卡时间卡的很紧，如果 TLE，尝试改成 scanf printf #include <iostream> #include <cstdio> #include <algorithm
A.Three Indices 题目描述： 原题面 题目分析： 这题就是要让我们找到三个数，要求中间的数最大。那么我们就考虑枚举中间的数是哪个，然后为了尽可能的使这个条件成立，我们显然就是要选择这个数左边以及右边的最小值，我们就预处理出来左边的最小值是哪个以及右边的最小值是哪个，然后每次判断
朴素筛:本质就是每一个合数n都可以被2-n-1里的数筛掉，这里就发现了一个问题就是，一个合数可能会被多次筛多次，这步可以进行优化。 埃氏筛:本质就是每一个合数n都可以被2-n-1里的素数筛掉，这里就是对朴素筛进行了优化，因为合数都会被素数筛掉，这样一来确实提升了时间复杂度,但是还是存在
《分治，倍增》 其实全是二分 CF1059E Split the Tree 考虑贪心 为了使链的数量小，肯定是使每条链的长度更长 从叶子开始拓展，对于当前节点，选的儿子一定是能向上拓展最长的 用类似\(LCA\)的倍增 #include<bits/stdc++.h> #define int long long using namespace std; const int MAXN=1
传送门 这场打的有一种我又行了的感觉 A - When? 向下取整 + 取余 #include <iostream> #include <cstdio> #include <algorithm> #include <vector> #include <string> #include <queue> #include <functional> #include <map> #include <set>
Problem C 传送门 Solution 看完题面不难想到一个贪心思路： 从根节点开始 DFS，每次截断节点数更多的子树，然后递归到另一棵子树继续向下计算。 看起来十分美好，但有一个问题：如果两棵子树大小一样，结构又不清楚，怎么办？ 这个时候就珂以用动态规划来解决了。 设 \(dp(u)\) 表示 \(u\) 被感
【模板】最近公共祖先（LCA） 倍增 lca 模板 真心觉得二进制太奇妙了 #include <iostream> #include <cstdio> #include <algorithm> #include <vector> using namespace std; #define endl '\n' const int maxn = 5e5 + 10; vector<int>gra[maxn]; int fa[maxn
传送门 vp 了一场之前的 ABC，不知道是水平下降还是真的难，就很多要想很久，寄了 A - A to Z String 2 向下取整考虑一下是在哪个组就好 #include <iostream> using namespace std; int main() { int n, x; cin >> n >> x; x--; x /= n; cout << (char)('A' + x)
1312：【例3.4】昆虫繁殖 时间限制: 1000 ms 内存限制: 65536 KB提交数: 27247 通过数: 13556 【题目描述】 科学家在热带森林中发现了一种特殊的昆虫，这种昆虫的繁殖能力很强。每对成虫过xx个月产yy对卵，每对卵要过两个月长成成虫。假设每个成虫不死，第一个月
洛谷传送门 CF 传送门 比 CF547E 略难的字符串好题。 思路 首先令 \(m = \sum\limits_{i=1}^n |s_i|\)。 设 \(a_i\) 为第 \(i\) 个字符串在 AC 自动机上的终止结点。考虑在 AC 自动机上匹配的过程，\(x\) 在 \(y\) 中出现的次数就相当于在 Trie 树上 \(a_y\) 到根结点的链上，每个结
通过打懒标记实现区间取反，和线段树基本操作都差不多。 本题还是一道边权化为点权的问题。 200行巨长代码： 1 #include<cstdio> 2 #include<cstring> 3 #include<algorithm> 4 using namespace std; 5 const int maxn=10010; 6 int head[maxn],cnt=0,total=0;//头结点
