Counting Rectangles 思维 把所有的矩形左上角都叠在一起，就会发现是一个二维前缀和的求解问题：\(\sum_{i=h_s+1}^{h_b-1} \sum_{j=w_s+1}^{w_b-1} (i*j*cnt_{ij})\) 这个显然就是一个二维前缀和的问题，直接算就好了 #include <iostream> #include <cstdio> #include <string> #inclu
H. Permutation Counting 2022/7/28 传送门：https://codeforces.com/group/5zHJ4CTyoU/contest/392060/problem/H 图上计数，判环,拓扑。 题意：求n个数排列的方案数，满足m个限制条件：\(P_{x_i}<P_{y_i}\)，题目保证没有相同的y 解： 建成有向图图，是一个树林。 对于有环的图，答案为0。 对每颗
题意 给定正整数 \(n\)，求有多少 \(\{1,2,\dots ,n\}\) 的子集 \(S\) 满足任意一个 \(1\) 到 \(n\) 到整数都能被表示成 \(S\) 的子集和，且方案数小于等于 \(2\)。 对 \(998244353\) 取模。 \(n\le 1500\) 题解 一看到这个，就想到 AHOI 的山河重整，但做法完全不同。 考虑用背包判
提供一种最劣解第一且巨大难写的做法（ Bob 显然真正的楼量可以达到 \(314!\)，是没办法直接做的，再加上唯一方案的样例，可以猜测有简单的结论。 考虑当楼高度为 \(k(k<h)\) 时，每种高度对答案的贡献为 \(2^{k-1}\times 2^{-k}\)，即 \(\frac{1}{2}\)，当楼高度为 \(k(k \ge h)\) 时，每种高度
题意： 给定边权为1的无向图，给定起点 S 和终点 E。设 S 到 E 的最短路长度为 d，求 S 到 E 的长不大于 d+1 的路径数量 思路： 看看长为最短路+1的路有啥性质。首先容易证明它一定是简单路。进一步还可以知道，如果以S为源点对图做bfs分层，最多只有一条边的两端点在同一层，其它边都是从 \(de
这一部分主要是讲一些数数的东西 主要就是打表发现规律再实现这一些内容 Part 1 计数的原理 1.加法原理 &乘法原理 假设一个人穿衣服，有两种穿法: \(1.\)从\(n\)件大衣中选一件穿上 \(2.\)从\(x\)条毛衣中选一件，再从\(y\)件羽绒服上选一件穿 问1和2的方案数 对于1，每一件大衣都是独
计数排序（Counting Sort）计数排序不是基于比较的排序算法，其核心在于将输入的数据值转化为键存储在额外开辟的数组空间中。 作为一种线性时间复杂度的排序，计数排序要求输入的数据必须是有确定范围的整数。1 算法描述找出待排序的数组中最大和最小的元素；统计数组中每个值为i的元素出现
1004 Counting Leaves A family hierarchy is usually presented by a pedigree tree. Your job is to count those family members who have no child. Input Specification: Each input file contains one test case. Each case starts with a line containing 0<N<10
std::counting_semaphore 具体内容看std::counting_semaphore, std::binary_semaphore - C++中文 - API参考文档 (apiref.com)。其原理和 std::condition_variable 一样，std::counting_semaphore是它的轻量级实现。 简单的说即根据信号量（内部计数器）大于和等于零进行不同的操作，acqui
给定一个图，'.'表示陆地，'W'表示有水，求水洼的数量 遍历图，若遍历到'W'则进行深搜，将该点置为'.'，遍历该点所有邻接点，若为'W'则继续深搜 在遍历图的过程中进行调用dfs的次数即为水洼数（怎么感觉像求连通分量......） #include<stdio.h> #include<iostream> using namespace std; const in
A. Counting Kangaroos is Fun There can be only at most N / 2 hold and held pairs based the problem's statment. So a greedy approach is just to divide A into smaller and bigger groups, then try to match two groups greedily. 1. Sort A; 2. from A[0]
论文地址：https://doi.org/10.1007/978-3-030-87237-3_39 代码：https://github.com/cvbmi-research/AnnotationEfficient-CellCounting 发表于：MICCAI 21 Abstract 最近深度学习的进展在显微镜细胞计数任务上取得了令人印象深刻的结果。深度学习模型的成功通常需要足够的训练数
分析： p为大于3素数就很巧妙，1+2+3+...+p-1+p一定是p的倍数 开始我想按照k<p和k>=p两种情况来考虑 对于k<p,一定是在1+2+3+...+p-1+p上的变种 很容易化简为kn 但是对于k>=p的情况就非常复杂，因为不一定是上式的变种 放弃这种想法 先给出答案吧 ((C(pk,p)-k)/p)+k 除去1+2+3+...+p和
题目描述 给定一个长度为 \(n\) 的序列 \(b\)，需要计算满足下列条件的序列 \(a\) 的个数，答案对 \(998244353\) 取模。 序列 \(a\) 的长度为 \(n\)； \(\forall i\in[1,n],0\le a_i\le n\)； \(\forall i\in[1,n],|mex(a_1,a_2,\cdots,a_i)-b_i|\le k\)。 \(1\le n\le 2000,1\le k\le
地址 https://www.papamelon.com/problem/202 解答 很好的BFS模板题， 也可以尝试DFS。 遍历 每个点 如果是水坑就将其作为起点开始BFS搜索，同一批次搜索的点就是同一个坑。 搜索过的点做上标记，避免重复搜索。 #define _CRT_SECURE_NO_WARNINGS #include <iostream> #include <vec
A family hierarchy is usually presented by a pedigree tree. Your job is to count those family members who have no child. Input Each input file contains one test case. Each case starts with a line containing 0 < N < 100, the number of nodes in a tree
令$f_{i,j,k}$表示前$i$个位置，三种字符最后一次出现的位置为$i,j$和$k$（保证$k<j<i$）的方案数 考虑转移（递推），即分为两步—— 1.填写第$i$个字符，即从$f_{i-1,j,k}$转移到$f_{i,j,k},f_{i,i-1,j}$或$f_{i,i-1,k}$ 2.考虑以$i$为右端点的区间，即仅保留$j\in [L_{j}(i),R_{j}(i)]$且$k\in
Jennie 和常规的求逆序对差不多 在从根节点往下走的时候，我们必须要避免不在他子树内的点的影响 那就先减去他们呗。 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<cmath> #include<algorithm> using namespace std; template<class T> void read(T &now){ no
Direct Measure Matching for Crowd Counting IJCAI 2021 motivation 传统高斯处理办法因为高斯核会产生误差，影响精度 Idea 提出了一种新的基于度量的计数方法，将预测的密度图直接回归到散点标注的地面真实值。 人群计数是一个度量匹配问题。我们推导了一种半平衡形式的Sin
目录 Description State Input Output Solution Code Description 有三种操作 $1\ l\ r: $ 区间查询和值 $2\ l\ r: $ 将区间上的每个数都减去其 \(lowbit\) $3\ l\ r: $ 将区间上的每个数都加上其 \(upbit\) State \(1<=n<=10^{5}\) \(T<=5\) \(1<=a[i]<=10^9\) \(1<=q<
文章目录 题105.pat甲级练习-1004 Counting Leaves (30 分)一、题目二、题解 题105.pat甲级练习-1004 Counting Leaves (30 分) 一、题目 二、题解 本题要你去数树的每一层的叶节点个数，我们可以通过改造bfs来解决这个问题，核心操作就是碰到每一层的叶节点时对用于记录
1115 Counting Nodes in a BST (30 分) A Binary Search Tree (BST) is recursively defined as a binary tree which has the following properties: The left subtree of a node contains only nodes with keys less than or equal to the node’s key. The right subtree
参考[luogu7417]，同样求出最短路，得到二元组$(x,y)$并排序，记$tot_{(x,y)}$为$(x,y)$的数量 其中所给的两个条件，即分别要求： 1.$(x,y)$只能和$(x\pm 1,y\pm 1)$连边 2.每一个$(x,y)$都向$(x-1,y\pm 1)$中的一个连边、$(x\pm 1,y-1)$中的一个连边 （另外，注意在$x+1=y$时$(x+1,y-1)$也即为
传送门 又是神仙DP 发现如果只有两个串就很好做了 于是这个神仙DP定义就从这里下手：令 $dp[p][c][l][r] 表示在 \([s_l, s_r]\) 这段字符串中，考虑从第 \(p\) 个位置开始的后缀，并要求这个字符至少为 \(c\) 考虑转移，因为这里有个「至少」，第一个转移是直接从 \(dp[p][c+1][l][r]\) 继
考场 T1 一下想到了这题，将白块缩短 \(s\) 后维护类似的区间即可。 T2 T3 俩计数，直接跳了。 T4 的可行 \(t\) 集合相同相当与从 \(n\) 往前跳 kmp 数组，途径点相同，从前往后构造即可。 问题是可能会出现一个区间分裂成好几个（开个队列），\(k\) 很小而 \(a_i\) 很大（每次跳到块尾），然后一直调
