// 无限累加 sum // 一共做两件事： // 1. 调用一次返回当前计算函数本身，该函数主要作用之一为合并多次调用传的不同数量的参数 // 2. 给返回的函数增加 valueOf 最终计算结果的方法 function sum(...args) { // 定义返回的闭包函数 const f = (...rest) => sum(...args, .
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题目传送门：F - Operations on a Matrix (atcoder.jp) 题意： 给一个N*M大小的零矩阵，以及Q次操作。操作1（l，r，x）：对于 [l，r] 区间内的每列都加上x；操作2（i，x）：对于第 i 行，替换为x；操作3（i，j）：查询矩阵第 i 行，第 j 列元素的值。 N、M、Q大小均为2E5. 思路：树状数组 首先考虑没有操作2的情况，那么很
题目链接 每次给两个数\(l,r\)，要我们选一个\(x\)使得\(\sum_{i = 1} ^ {k}dist(l,x,r)\)的值最小。可以知道要让答案最小的话，\(x\)一定要刚好把\(l,r\)平均分在两边，如果不是平分的话，\(x\)就会向多的一侧移动，所以要我们求得就是中位数。 \(nbsp;\)emsp;中位数我们可以用对顶堆
学习安排根据《代码随想录》~leetcode454 思路是有的，就类似于两个数组在哈希表里面找相反数题型一样，就是多了数组个数。 可能之前写的题目有些遗忘了，一直想着用multiset去做，为了避免重复的，找到后就删掉，为了防止还可能遇到相同的数，删完了再加回来。因此写完的代码严重超时。 最
给你一个整数数组 nums ，请计算数组的 中心下标 。 数组 中心下标 是数组的一个下标，其左侧所有元素相加的和等于右侧所有元素相加的和。 如果中心下标位于数组最左端，那么左侧数之和视为 0 ，因为在下标的左侧不存在元素。这一点对于中心下标位于数组最右端同样适用。 如果数
给你一个下标从 0 开始的整数数组 nums ，请你找到 最左边 的中间位置 middleIndex （也就是所有可能中间位置下标最小的一个）。 中间位置 middleIndex 是满足 nums[0] + nums[1] + … + nums[middleIndex-1] == nums[middleIndex+1] + nums[middleIndex+2] + … + nums[nums.le
AT945 高橋君とお肉 题解 题意简述：有 n 个数 a1~ an，将它们分成两组，这两组的和的最大的那一个的最小值。解题思路：为了使烤肉总时间尽可能断，我们要尽量把时间平均分配给这两台机器，以减少机器空闲的时间浪费。 所以，解决思路大致为：将烤肉的时间由大到小排序（可能不排也可以，自己没试过），依
又是一个debug的下午-->这是树状数组的一个板子 ll getsum(ll x) { ll sum1 = 0, sum2 = 0; for (; x; x -= lowbit(x)) { sum1 += c[x]; sum2 += b[x]; } return sum1 + sum2 * x; //x自减了还在使用 } ll getsum(ll x) { ll sum1 = 0, sum2 = 0; ll y = x;
题目描述 求矩阵的两对角线上的元素之和 输入 矩阵的行数N 和一个N*N的整数矩阵a[N][N](N<=10) 输出 所输矩阵的两对角线上的元素之和 样例输入 3 1 2 3 4 5 6 7 8 9 样例输出 25 首先我们先观察一下矩阵（为了方便您的阅读，对角线元素已经加红） 1 1 1阶矩阵和为1 2 1 2 3 4 2阶矩
注意在一些循环中可以用到的提升程序性能的方法，并且避免一些不必要的内存访问。 #include<iostream> using namespace std; //实现一个功能：更新数组元素，更新值为此位置及前面元素之和。 //方法1 void test01(int *arr,int *sum,int len) { sum[0]=arr[0]; for(int
题目链接 题目思路 这个题目感觉比较有意思 就是分为三段，让前面两段的数量尽可能接近\(2^i,2^j\) 这样的正确性感觉也不太会证明，不过看起来挺真的... 代码 #include<bits/stdc++.h> #define fi first #define se second #define pii pair<int,int> #define debug cout<<"I AM HERE
优先使用基本类型而不是装箱基本类型 要当心无意识的使用不该使用的装箱基本类型 @Test public void auto(){ long start1 = System.currentTimeMillis(); Long sum1 =0L; for (int i = 0; i < Integer.MAX_VALUE; i++) { sum1 +=1;
题目 Given a set of N (> 1) positive integers, you are supposed to partition them into two disjoint sets A1 and A2 of n1 and n2 numbers, respectively. Let S1 and S2 denote the sums of all the numbers in A1 and A2, respectively. You are supposed to make t
#include <stdio.h> int main() { int N, sum1=0, sum2=0, a[100001]; scanf("%d",&N); for(int i=0; i<N; i++) scanf("%d",&a[i]); sum1 = a[0]; for(int i=0; i<N; i++) { sum2 = a[i];
#include<stdio.h> int main() { int i,j,sum1,sum2,matrix[5][5]; sum1=0,sum2=0; printf("请为该矩阵输入元素："); for(i=0;i<5;i++) for(j=0;j<5;j++) scanf("%d",&matrix[i][j]); for(i=0,j=0;i<5;i++,j++) sum1+=matrix[i][
这道题目如果是暴力肯定不行，标签是入门，看着是个数学题。 如何判断两个数的积是 \(4\) 的倍数呢？ 两个数中其中一个数含有因数 \(4\) 两个数的积中含有因数 \(4\)，即两个数都是 \(2\) 的倍数（但这两个数都不含因数 \(4\)） 所以我们只要边读入边把 \(4\) 的倍数和是 \(2\) 的倍数但不
循环结构的概念 先来看看生活中的一些场景： （1）食堂阿姨打菜：接过顾客的餐盘→询问菜品→打菜→递回餐盘，重复以上过程，直到所有顾客的菜都打完了。 （2）快递员送快递：查看送件地址→赶往目的地→电话告知收件人→收件人签收→交快递件，重复以上过程，直到所有需要送的快递都处理完了。 （3）公交司
题目 古希腊数学家毕达哥拉斯在自然数研究中发现，220的所有真约数(即不是自身的约数)之和为： 1+2+4+5+10+11+20+22+44+55+110＝284。 而284的所有真约数为1、2、4、71、 142，加起来恰好为220。人们对这样的数感到很惊奇，并称之为亲和数。一般地讲，如果两个数中任何一个数都是另一个
[LibreOJ - 2150] 最大子矩阵 题目链接 大致题意: 在 n ∗ m n*m n∗m的矩阵中,选出 k
思想： t永远比s多一个字符 我们对两字符串求和 再t.sum - s.sum得到字符的ascII值 最后转换类型 代码： class Solution { public char findTheDifference(String s, String t) {
7-110 幸运彩票 彩票的号码有 6 位数字，若一张彩票的前 3 位上的数之和等于后 3 位上的数之和，则称这张彩票是幸运的。本题就请你判断给定的彩票是不是幸运的。 输入格式： 输入在第一行中给出一个正整数 N（≤ 100）。随后 N 行，每行给出一张彩票的 6 位数字。 输出格式： 对每张彩票，如
H.Or Machine 4s Problem 给定 \(n\) 个不超过 \(2^8\) 的数字 \(x_1~x_n\)。 给定 \(l\) 个操作 \((a,b)\)，表示 \(x_a = x_a | x_b\)，其中 \(|\) 是按位或。 给定 \(t\) 表示进行 \(t\) 次操作，按照操作\(0\)，操作\(1\)，……，操作\(l-1\)，操作\(0\)，操作\(1\)，……，操作\(l-1\)，操作\(0\)，
链接： P2120 题意： 有 \(n\) 个点依次编号为 \(1\sim n\)。给出这 \(n\) 个点的信息，包括位置 \(x_i\)，所拥有的的物品数量 \(p_i\)，在此建设一个仓库的费用 \(c_i\)。 每个物品可以向编号更大的点移动，一个物品移动一个单位距离的费用为1。 求将所有物品都放进仓库所需的最小费用。
