class Ctc(object): def __init__(self): self.name = "shun" def run(self): self.prea() self.a() self.b() self.c() def a(self): print("a") def b(self): print("b") def prea(self): print("Prea") cla
关于$f(x)$的条件，将$C=A\times B$代入，即$\sum_{i=1}^{n}\sum_{j=1}^{n}\sum_{k=1}^{r}A_{i,k}B_{k,j}=x$ 调换枚举顺序，即$\sum_{k=1}^{r}(\sum_{i=1}^{n}A_{i,k})(\sum_{j=1}^{n}B_{k,j})=x$ 显然每一部分的值都是独立的，因此令$G_{x}$为$(\sum_{i=1}^{n}A_{i,k})(\sum_{j=1}^{
Yet Another Problem About Pi 题意： 平面上有无穷个长，宽为w,d的矩形方格。你有一条长度为Π的曲线可以任意弯折，起点任意，求曲线最多经过的方格数目（不计边界） 思路： 先考虑最坏情况：对应max(w,d)>PI时，我们不能越过任何一个方格，此时我们的最佳方案应该是以四个矩形方格的交点为
思路： 先考虑暴力的做法，\(O(n^2)\)枚举所有的区间，计算后取最大值。 考虑怎么优化一下，可以发现，如果当前的左端点为\(l\)，那么将\(a_l,a_{l+m},a_{l+2m}\)的值全部减去\(k\)，那么当求和时选到这些数的时候\(\frac{r-l+1}{m}\)就会加一，也就满足了所求式子的后半段。由于\(m\)很小，我们可
引用函数extern Fapi_StatusType Fapi_doMarginRead( uint32 *pu32StartAddress, uint32 *pu32ReadBuffer,
都是用hash存储对应的值和键 每次拿当前值找有没有目标值-当前值 为键的hash已经存在了，如果已经存在了，当前的索引和hash的值就是要找到的索引 否则就把当前的值和索引存入hash func twoSum(number []int, target int) []int { hash := make(map[int]int) if len(number) <=
传送门 看到排列，容易尝试连 \(i \rightarrow p_i\) 有向边。最后会形成若干个简单环（当然也有可能有 \(i\rightarrow i\) 的环）是众所周知的。 把点集分成两部分：\([1,n]\) 的点称为黑点，\([n+1,n+m]\) 的称为白点。 则每次操作，在图上看，就是选择两个异色点 \(i,j\)，然后： 断开 \(i\righ
XHTML 元素必须被关闭-厦门网站建设 非空标签必须使用结束标签。 这是错误的： <p>This is a paragraph<p>This is another paragraph 这是正确的： <p>This is a paragraph</p><p>This is another paragraph</p>
CF868F Yet Another Minimization Problem 解法 这个题首先考虑最基础的 DP。 显然，我们可以令 \(f_{i,j}\) 表示，考虑区间 \([1,i]\)，分成 \(j\) 段的最小费用。那么我们最后求得就是 \(f_{n,k}\)。 转移也显然： \[f_{i,j}=\min\limits_{t=1}^i f_{t-1,j-1}+w_{t,i} \]其中 \(w_{t,i}
Created in 2021-06-01 23:20 A record AND CNAME The A record points a name to a specific IP. The CNAME record points a name to another name instead of to an IP. The CNAME source represents an alias for the target name and inherits its entire resolution cha
Vue.js对象/数组变化检测总结 可以被检测的操作： 直接替换一个新的对象/数组 const another = {x: 3, y: 4} this.root1 = another 对象直接修改属性值 this.root3.a = 5 用数组的push/pop/shift/unshift/splice/sort/reverse方法 不能被检测的操作： 对象直接添加/删除属性。
class Base { prop = null; } class Derived extends Base { derived = null; } class Another { another = null; } function fn(someClass: { prototype: Base }) { someClass; } // ok fn(Base); fn(Derived); // 类型“typeof Another”的参数不能赋给类型“{
collides with another import statement 包冲突了：就会报这个冲突： 删除一个包就行了 如果需要使用的话可以直接java.util.Date Date d=new Date(System.currentTimeMillis()); 这样不用引入包
class Solution: def twoSum(self, nums: List[int], target: int) -> List[int]: d={} for i ,x in enumerate(nums): another_num=target-x if another_num in d: return [d[another_num],i]
具名插槽 有时我们需要多个插槽。例如对于一个带有如下模板的 <base-layout> 组件： <div class="container"> <header> <!-- 我们希望把页头放这里 --> </header> <main> <!-- 我们希望把主要内容放这里 --> </main> <footer> <!-- 我们希望
防止重复的两种配置方法 1.配置dependOn const path = require('path'); module.exports = { mode: 'development', entry: { index: { import: './src/index.js', dependOn: 'shared', }, another: { impo
关于A method overriding another method must not redefine the parameter constraint configuration解决方法 使用的@Validated校验参数接口参数和实现类参数要保持一直，不然会报错。接口： 实现类：
标题 在任何下拉菜单中均可通过添加标题来标明一组动作。 Dropdown Dropdown header Action Another action Something else here Dropdown header Separated link <ul class="dropdown-menu" aria-labelledby="dropdownMenu3"> ... <li class="dropdown-
在同时开启多个Flutter 项目，运行时经常遇到 Waiting for another flutter command to release the startup lock... 这个错误，然后就一直卡在这没反应了，所以还是决定记录一下，做个笔记。 百度到的比较多的解决办法是： 找到 flutter\bin\cache 目录下的 lockfile文件，重启Android
Description 求 \(l,r\) 使得 \(\sum_{l \le i \le r} a_i - \max_{l \le i \le r} a_i\) 最大化。\(|a_i| \le 30\) Solution 考虑枚举删除的数的大小 \(val\)，那么现在只有 \(a_i \le val\) 的数才是可用的，这样原序列就被分割成了若干段，选择不能跨段。 假如相邻的两个不可用位置
Another app is currently holding the yum lock; waiting for it to exit... The other application is: yum Memory : 84 M RSS (1.0 GB VSZ) Started: Thu Nov 26 14:18:01 2020 - 02:14 ago State : Sleeping, pid: 2996 Another app is currently holding the yum lock
传送门 给出一个序列，最大化区间和减去该区间的最大值 首先，如果是对于负数的情况，答案肯定是0 那么只需要知道正数的情况即可 枚举最大值，然后进行查找就行了，套最大连续子序列和 如果说存在a[i] > mx，就相当于这一段区间的最大值不是这个，就重新计算区间和 #include <iostream> #includ
CF1175G 题意：长度为 \(n\) 的序列\(\{a_n\}\)，划分成\(k\)段，一段的权值为\(len\times\max{a_i}\)，求最小划分权值。\(1\le n, a_i\le2\times10^4, k\le100\)。 很容易写出DP方程： \[\begin{align*} dp[i][j]&=dp[k][j-1]+(i-k)\times\max\{a_{k+1}\dots a_i\}\\ &=(dp[k]
博客园同步 原题链接 简要题意： 再简要一波: 每次可以把一个数增加 222，问最后能不能让所有数相等。（也就是抵消掉） 什么？题意变成这样子还做个啥？ 你会发现，必须所有数的奇偶性都相同，才可以；反之就不可以。 这结论不用证明了，因为每次增加不会改变奇偶性的。 #pragma GCC optimize(
题目链接：https://codeforces.com/contest/1359/problem/D 题解 枚举所有可能的情况，其中一定有一个是正确答案。 即每次枚举去掉的最大值，取最大连续子序列的和。 代码 #include <bits/stdc++.h> using namespace std; int main() { int n; cin >> n; int a[n] = {}; f
