链接：https://ac.nowcoder.com/acm/contest/24213/1059来源：牛客网 题目描述 "lalala,我是一个快乐的粉刷匠",小名一边快活地唱着歌,一边开心地刷着墙",兴致突然被打断,"小名,你今天如果刷不完这一栋楼的墙，那么你就等着被炒鱿鱼吧",老板声嘶力竭的吼着。
http://www.51nod.com/Contest/Problem.html#contestProblemId=4864 题面 在 m∗n 的方格中，有一些格子被涂了色。现在请问整个图形中，共能找出 完全涂了色 的不同形状的矩形分别有多少个？ 输入 第一行输入两个数m,n，分别表示方格的列数、行数；（1<=m,n<=600） 之后n行，每行一个m个字符组成
链接：https://ac.nowcoder.com/acm/contest/24213/1053来源：牛客网 题目描述 假设你有一条长度为5的木版，初始时没有涂过任何颜色。你希望把它的5个单位长度分别涂上红、绿、蓝、绿、红色，用一个长度为5的字符串表示这个目标：RGBGR。 每次你可以把一段连续
填涂颜色 题目描述 由数字\(0\)组成的方阵中，有一任意形状闭合圈，闭合圈由数字\(1\)构成，围圈时只走上下左右\(4\)个方向。现要求把闭合圈内的所有空间都填写成\(2\).例如：\(6 \times 6\)的方阵（\(n=6\)），涂色前和涂色后的方阵如下： 0 0 0 0 0 0 0 0 1 1 1 1 0 1 1 0 0 1 1 1 0 0 0 1 1 0
P4170 [CQOI2007]涂色 - 洛谷 | 计算机科学教育新生态 (luogu.com.cn) 一道很好的题。一定要明确dp问题就是分析状态的，不要太细节，不要管每个区间内具体有什么颜色。这道题看了大佬的题解后，真的有了很大的感触。 大佬做法： 1.先判断出来这是区间dp，然后画数轴。 2.因为区间dp的核心思
回溯法求解地图填色问题 一、实验目的与要求1、实验基本要求：2、实验亮点： 二、实验内容与方法三、实验步骤与过程1、未优化的回溯：（1）算法描述：（2）编程实现（3）运行并测试： 2、对回溯进行优化（本部分中时间消耗均为完备搜索的时间消耗）：（1）贪心剪枝策略：（2）置换剪枝策略：（3）向前探查剪枝策略：（4）矩阵
题意翻译 输入两个骰子，判断二者是否等价。每个骰子用6个字母表示。如第一幅图所示。 例如rbgggr和rggbgr分别表示下面两幅图的两个骰子。两者是等价的，因为图1中所示的骰子沿着竖直轴旋转90°之后就可以得到图2所示的骰子。 输入格式： 12个字母，前6个字母是第一个骰子的六个面；后
#include<stdio.h> int colornum(int n); int main() { int n; printf("请输入方格块数n:"); scanf("%d",&n); printf("一共%d种涂色方式\n",colornum(n)); return 0; } int colornum(int n) { long num[100]={"\0"}; int i; n
说是选做， 其实是板刷 「雅礼集训 2017 Day1」市场 简单线段树练习题。 「雅礼集训 2017 Day1」矩阵 看假题了/dk。 由于这个东西是赋值， 所以最优解一定是把一行给全黑了， 然后再拿这一行去涂色。 然后你再发现， 要构造第 \(i\) 行出来只需要看 \(i\) 这行 \(0\) 的个数以及 \(i\) 列
直接模拟就行了。 我的方法似乎比其他题解麻烦(傻瓜式做法)，但逻辑简单，容易理解。 用一个结构体来存骰子的每一个面的相邻面。 char a[7], b[7]; struct node{ char s; char b[5]; }an[7], bn[7]; an[1].s = a[1], an[1].b[1] = a[2], an[1].b[2] = a[3], an[1].b[3] = a[4
给初二大爷们讲 dp [ICPC2019 WF]Beautiful Bridges [CQOI2007]涂色 CF1132F Clear the String CF1107E Vasya and Binary String SP6340 ZUMA - ZUMA YZOJ 7011
题面传送门 看到操作一感觉就是个LCT的access操作。 然后答案就是统计到根节点虚边个数之类的。 如果我们能快速维护一个点到根的虚边个数，那么第二个询问差分一下，第三个询问区间取max就好了。 因为根据LCT的势能分析，access的虚实边切换次数不超过log，所以对于每次虚实边操作可以暴
涂色方案分成两类 6个xyx型和6个xyz型 对于每个xyx型的涂色方案，都有4个对应的涂色可以与其相邻，这4个中有2个xyx型的和2个xyz型的 对于每个xyz型的涂色方案，都有5个对应的涂色可以与其相邻，这5个中有2个xyx型的和3个xyz型的 设dp[i][0]表示最后一行为xyx的涂色方案数 因为每个xyx都有
题目描述 假设你有一条长度为 55 的木板，初始时没有涂过任何颜色。你希望把它的 55 个单位长度分别涂上红、绿、蓝、绿、红色，用一个长度为 55 的字符串表示这个目标：RGBGR。 每次你可以把一段连续的木板涂成一个给定的颜色，后涂的颜色覆盖先涂的颜色。例如第一次把木板涂成 RRRR
给定正整数 \(n,m,k\) 能否将一个 \(n\times m\) 表格染色，使得每一个颜色形成恰好一个连通块，并且每一个连通块大小为 \(k\)。如果存在，构造一个合法方案。 对于矩形涂色，使其形成连通块一个，一个常见思路是走蛇形路线：从第一行左端开始涂色，走到行末跳到下一行反向涂，涂 \(k\) 个格子换
比赛链接：Here A - Max Add 观察一下发现每次输出与两点有关，前缀和和当前位置最大值 int main() { cin.tie(nullptr)->sync_with_stdio(false); int n; cin >> n; ll s = 0, t = 0, mx = INT_MIN; for (int i = 1, x; i <= n; ++i) { cin >> x; s
Codeforces Round #734 (Div. 3) 文章目录 题意思路代码总结 题意 给你n个数字，和k种颜色，现在给这n个数字上色，每个数字可以不涂色k种颜色必须都用到，且每种颜色用到的数量相同相同的数字颜色不能相同尽可能多的涂色 思路 首先我们肯定，如果某种数字的个数超过了k，那么超过
大意: 矩阵二行二列相交四个点三个黑另一个自动黑 问最小权值涂全黑 我们将行与列分成一个二分图 i,j涂成黑色时 就连一条ij的边 我们发现,自动涂黑的操作并不改变整个图的连通性,所以只需要构造一棵最小生成树即可 复杂度为n^2(nlogn);
文章目录 Part1：题目链接Part2：题意Part3：思路1.在最后得到的序列中，非0数字的个数一定为k的倍数。2.对于一个数字，如果出现了k次以上（包含k次），那么至多只有前k次出现时会被涂色；否则都有可能被涂色。 Part4：AC代码Part5：整活时间 Part1：题目链接 点我就送新阿姆斯特朗回旋加速喷气
2021牛客暑期多校训练营3 B. Black and white 题意： 给一个矩阵，根据游戏规则去涂色，让求最小权值和。 复盘： 要求权值和最小，即使要涂色的格子数最小，根据规则较容易推出对于 n*m 的矩阵，需要 n+m-1 格子涂色，分别是每行对应一个格子，每列对应一个格子，减去重复的一个（例如：将第一
解析 题意是求对字符串的最少染色次数，设 f[i][j] 为字符串的子串 s[i] ~ s[j] 的最少染色次数，我们分析一下： 当 i==j 时，子串明显只需要涂色一次，于是 f[i][j]=1。 当 i!=j 且 s[i]==s[j] 时，可以想到只需要在首次涂色时多涂一格即可，于是 f[i][j]=min(f[i][j-1],f[i+1][j])。 当 i!=j
我们有一个经典模型： 两个串的最长公共后缀长度，是后缀树中两点 LCA 的深度. 直接求 LCA 似乎有些困难，不妨这样想 ： 设两个串在后缀树中对应的点分别为 $a,b$，将 $a$ 到根的路径涂色，$b$ 向根爬，遇到的第一个涂色点即为 $a$ 与 $b$ 的 LCA. 我们用 $LCT$ 来维护 这颗树，涂色操作直
算法的重要性，我就不多说了吧，想去大厂，就必须要经过基础知识和业务逻辑面试+算法面试。所以，为了提高大家的算法能力，后续每天带大家做一道算法题，题目就从LeetCode上面选 ！今天和大家聊的问题叫做 栅栏涂色，我们先来看题面： There is a fence with n posts, each post can be painted wit
观察到 \(10^{20}\) 一定大于最小公倍数，如果按最小公倍数内的决策搞能拓展到 \(\infty\)。 先除以最大公约数搞成互质，这一步对判断不影响。 不妨令 \(p_1<p_2\)，现在一定存在某个 \(d\) 满足 \(p_2|d\times p_1-1\)。 这样相当于两个相同颜色中间拉满另一种颜色，是一定会取到的最坏
判断是否为二部图，本质是无向图的相邻节点涂色必须不同 /** * 图的dfs * colored数组中，1和-1代表两个颜色 * Runtime: 0 ms, faster than 100.00% * Memory Usage: 39 MB, less than 97.60% */ class Solution { public boolean isBipartite(int[][] graph) {
