题目描述： 给定k 个排好序的序列s1 , s2,……, sk , 用2 路合并算法将这k 个序列合并成一个序列。假设所采用的2 路合并算法合并2 个长度分别为m和n的序列需要m + n -1次比较。试设计一个算法确定合并这个序列的最优合并顺序，使所需的总比较次数最少。 为了进行比较，还需要确定合并这
游记 目前只有两个题题解（代码没有），啥时候数据出了我再来补剩下的。 众数 Solution 有个题叫「POI2014」Couriers，这个题启示我们实际上问题等价于询问哪个数出现次数最多，最后只需要判断是否超过一半即可。 考虑线段树，对于一个序列，开一棵线段树维护上面的权值，单个序列的查询可以在线
https://www.acwing.com/problem/content/4284/ #include <iostream> #include <cstring> #include <algorithm> using namespace std; typedef long long LL; const int N = 100010; int n, m; int a[N]; int R; LL get(int l, int r) // 求g[l] + g[
链接：LeetCode [Leetcode]2383. 赢得比赛需要的最少训练时长 你正在参加一场比赛，给你两个 正 整数 initialEnergy 和 initialExperience 分别表示你的初始精力和初始经验。 另给你两个下标从 0 开始的整数数组 energy 和 experience，长度均为 n 。 你将会 依次 对上 n 个对手。第 i
https://www.acwing.com/problem/content/1531/ 思路： 最长公共子序列模型，唯一不同的一点是：他一个i可以选择多个j。 P:2 3 1 5 6 S:2 2 4 1 5 5 6 3 1 1 5 6 f[i][j]: 状态表示: 集合:在p[1,i]中出现且在s[1,j]中出现的公共子序列的集合 属性:长度的最大值 状态计算: 分类: (1)公
Oracle序列学习与使用总结 by:授客 QQ：1033553122 简述 序列是oracle提供的用于生成一系列数字的数据库对象，序列会自动生成顺序递增的序列号，可用于提供唯一的自动递增主键。序列和视图一样，并不占用实际的存储空间，只是在数据字典中保存他的定义信息。 创建序列 当创建序列时必须拥有
概念： 卡特兰数并不是一个确定的数，而是一类数，是组合数学中一种常出现于各种计数问题中的数列。它没有一个明确的定义，但可以通过一些模型得出关于卡特兰数的很多信息，下面介绍几个这样的问题。 问题/模型： （一）路径问题 给定 \(n*n\) 的网格(上图是一个 \(6*6\) 的网格)，初始你在左下角
题传 世纪诈骗题 首先，所有子序列分别去重的和的意思是什么？ 令可重集 \(S\) 为序列 \(a_l, a_{l+1}\dots a_r\) 的所有子序契合。 假设我们有一个序列 \(T\)，对 \(T\) 去重后变为 \(T'\)，令 \(f(T)=\sum_{x \in T'} x\)，则题目所求为 \(\sum_{T \in S} f(T)\)。 显然我们不能把所有的
指标（Metrics） Prometheus 会将所有采集到的样本数据以时间序列（time-series）的方式保存在内存数据库中，并且定时保存到硬盘上。 时间序列按照时间戳和值的序列顺序存放，每条时间序列通过 指标名称（metrics name）和一组 标签集（labelset）命名。 在时间序列中的每一个点称为一个 样本（sample），
写一篇自己能看得懂的题解。。。。。。 先考虑一个正难则反，用 \(a\) 序列出现过的次数减去在不好的序列里面的出现次数。 前者显然是 \(k^{n-m}(n-m+1)\)，考虑后者的答案。 分三种情况讨论： \(a\) 是一个好序列 显然为 \(0\)。 \(a\) 中的数字互不相同 此时存在 \(m<k\)。 考虑
问题描述 给你一个整数数组 nums 和一个目标值 goal 。 你需要从 nums 中选出一个子序列，使子序列元素总和最接近 goal 。也就是说，如果子序列元素和为 sum ，你需要 最小化绝对差 abs(sum - goal) 。 返回 abs(sum - goal) 可能的 最小值 。 注意，数组的子序列是通过移除原始数组中的
pyhton 中内置函数enumerate用于将序列生成二元组。 001、 >>> str1 = "hello!" ## 测试字符串 >>> for i in enumerate(str1): ## enumerate用于将序列生成二元组 ... print(i) ... (0, 'h') (1, 'e') (2, 'l') (3, &#
Interesting Sum - 题解【思维】 前言 在vscode上配置了markdown插件，取代了之前写md的工具，本博客用来测试插件好不好用，所以选的题比较简单。但是jiangly这道题被FST了【滑稽】 题面 本题是Codeforces #815 Div.2的B题。原题链接见：B.Interesting Sum。下面搬运一下题面： You are gi
https://ac.nowcoder.com/acm/contest/38630 A \(b=\frac{a+c}{2}\)，输出 \(2b-a\) 即可 B 如果 \(a,b\) 的某一位不同，那么 \(c\) 的对应位只能填 \(0\)，其它位全部填 \(1\) 即可 C 由于 \(a_i \le 10^{18}\)，可以预处理前 \(90\) 个斐波那契数，每次扫一遍求最小差值jike D 最终序
刚刚学完 whk 时无聊看了下提交记录，发现这道富有启发意义的题目。 首先，注意到这实际上就是个序列的 《括号树》，拿来做就行，\(f_i\) 为以 \(i\) 结尾的合法括号串数量，\(f_i=f_{L_i-1}+1\)，然后再做一遍前缀和，相减求出以区间 \([x,y]\) 为结尾的数量，但是我们发现会算重，具体的，算重了 \(
不同的子序列 dp 维护一个二维dp数组，分别表示s[0:i]和t[0:j]的分配种类。 如果j等于0，由于模式串没有进行匹配，那么对于所有的原串来说，都只有一种匹配方式，所以需要赋值1。 然后进行遍历，如果s[i]和t[j]相同，那么有两种选择，匹配或者不匹配，dp[i][j] = dp[i-1][j-1] + dp[i][j-1]。如果
001、方法1： root@PC1:/home/test# ls test.py root@PC1:/home/test# cat test.py ## 测试程序 #!/usr/bin/python out_file = open("result.txt", "w") str1 = "AAAACCCGGT" ## 转换序列 str1 = str1.upper
001、 (base) root@PC1:/home/test4# ls test.py (base) root@PC1:/home/test4# cat test.py ## 测试程序 #!/usr/bin/python rna = "AUGGCCAUGGCGCCCAGAACUGAGAUCAAUAGUACCCGUAUUAACGGGUGA" table = { 'UUU':'F','CU
rank 29 mark 150 题纲：T1：赛时全员AC，其他的应该不用说什么了 T2：图论，竞赛图统计强连通分量（位运算的应用） T3：计数类DP T4：线段树维护dfs序-->树剖-->染色 T2:定义竞赛图，任意两点之间都有且只有一条有向边。给你一个竞赛图n个节点，求强连通子图数量。n<=27 状压方法：就像线性筛一样，我在从
前缀型动态规划 def longest_common_seq(s1, s2): if not s1 or not s2: return m, n = len(s1), len(s2) # dp[i][j] = max(dp[i-1][j], dp[i][j-1], dp[i-1][j-1]),当前字符依赖于i-1和j-1,需要补一个状态零 dp = [[0]*(n+1) for _ in range(m+1)]
#include<stdio.h> #include<math.h> int main() { int i, n; double sum, item; scanf("%d", &n); sum=0; for(i=1; i<=n; i++){ item = sqrt(i); sum = sum+item; } printf("sum = %.2
#include<stdio.h> double fact(int n); int main() { int i, n; double result; scanf("%d", &n); for(i=1; i<=n; i++){ result = fact(i); } printf("%.0f", result); return 0; } double
本篇介绍SQL:2016（ISO/IEC 9075:2016）标准中定义的序列生成器（Sequence generator）和相关操作，以及六种主流数据库中的实现及差异：Oracle、MySQL、Microsoft SQL Server、PostgreSQL、Db2、SQLite。 序列概述 在 SQL 中，序列生成器（简称序列）用于自动生成一系列不重复的数字。序列的数据类
#include<stdio.h> int main() { int i, n, flag; double sum, item; scanf("%d", &n); sum=0; flag=1; for(i=1; i<=n; i++){ item = flag*1.0*i/(2*i-1); flag = -flag; sum = sum+item;
洛谷P6812 对于题目的区间加法明显可以用线段树或树状数组进行 并且由题可得，先辈序列即为不下降序列，需满足ai<aj&&i<j 判断一个序列是否为先辈我们比较的是一个元素和前一个元素的大小关系。所以我们可以将原序列进行一次差分来对比其是否为先辈序列。 如果差分后的序列中的某个元
