标签:AtCoder return Beginner Contest ll DFS ans 转移 dp
AtCoder Beginner Contest 188 F- +1-1x2 记忆化搜索
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题意
在 只 能 在 + 1 − 1 和 ∗ 2 三 种 操 作 的 情 况 下 , 如 果 将 X 变 为 Y ? 在只能在+1-1和*2三种操作的情况下,如果将X变为Y? 在只能在+1−1和∗2三种操作的情况下,如果将X变为Y?
思路
因 为 每 次 操 作 都 会 经 过 三 次 选 择 , 是 + 1 呢 还 是 − 1 呢 还 是 ∗ 2 呢 ? 因为每次操作都会经过三次选择,是+1呢还是-1呢还是*2呢? 因为每次操作都会经过三次选择,是+1呢还是−1呢还是∗2呢?
因 为 这 个 转 移 是 从 后 往 前 转 移 , 所 以 是 将 Y 如 何 变 为 X 即 可 , 只 不 过 ∗ 2 变 为 / 2 而 已 。 因为这个转移是从后往前转移,所以是将Y如何变为X即可,只不过*2变为/2而已。 因为这个转移是从后往前转移,所以是将Y如何变为X即可,只不过∗2变为/2而已。
所 以 有 一 下 转 移 方 案 : ( ) − 1 表 示 逆 过 程 所以有一下转移方案:()^{-1}表示逆过程 所以有一下转移方案:()−1表示逆过程
在 转 移 到 为 n 时 在转移到为n时 在转移到为n时
- 当 n < = x 时 , r e t u r n n − x ( ( − 1 ) − 1 转 移 ) 当n<=x时,return \;\;n-x((-1)^{-1}转移) 当n<=x时,returnn−x((−1)−1转移)
- 当 n 为 任 意 数 时 , r e t u r n x − n ( ( + 1 ) − 1 转 移 ) 当n为任意数时,return \;\;x-n((+1)^{-1}转移) 当n为任意数时,returnx−n((+1)−1转移)
- 当 n 为 偶 数 时 , r e t u r n D F S ( n / 2 ) + 1 ( ( ∗ 2 ) − 1 转 移 ) 当n为偶数时,return \;\;DFS(n / 2)+1((*2)^{-1}转移) 当n为偶数时,returnDFS(n/2)+1((∗2)−1转移)
- 当 n 为 奇 数 时 , r e t u r n D F S ( ( n − 1 ) / 2 ) + 2 ( + 1 ∗ 2 ) − 1 转 移 当n为奇数时,return \;\;DFS((n-1) / 2)+2(+1*2)^{-1}转移 当n为奇数时,returnDFS((n−1)/2)+2(+1∗2)−1转移
-
当
n
为
奇
数
时
,
r
e
t
u
r
n
D
F
S
(
(
n
+
1
)
/
2
)
+
2
(
−
1
∗
2
)
−
1
转
移
当n为奇数时,return \;\;DFS((n+1)/2)+2(-1*2)^{-1}转移
当n为奇数时,returnDFS((n+1)/2)+2(−1∗2)−1转移
最后取min即可。
看 到 上 面 有 很 多 状 态 转 移 , 所 以 我 们 可 以 在 D F S 过 程 中 记 忆 化 。 看到上面有很多状态转移,所以我们可以在DFS过程中记忆化。 看到上面有很多状态转移,所以我们可以在DFS过程中记忆化。
Code
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
ll X, Y;
map<ll, ll> dp;
ll DFS(ll n) {
if(X >= n) return X - n; // 直接-1转移
if(dp[n]) return dp[n]; // 记忆化搜索
ll ans = n - X; // 直接+1转移
ans = min(ans, DFS(n / 2) + 1 + n % 2); // 偶数直接*2 或者 先+1在*2
if(n % 2) ans = min(ans, DFS(n / 2 + 1) + 2); // 先-1在*2
return dp[n] = ans;
}
void solve() {
cin >> X >> Y;
cout << DFS(Y) << endl;
}
signed main() {
solve();
}
标签:AtCoder,return,Beginner,Contest,ll,DFS,ans,转移,dp 来源: https://blog.csdn.net/fztsilly/article/details/112635820
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