标签：lg right log dfrac 函数 对数函数 left

高一同步拔高，难度3颗星！

模块导图

知识剖析

对数的概念

① 概念
一般地，如果\(a^x=N\)(\(a>0\),且\(a≠1\))，那么数\(x\)叫做以\(a\)为底\(N\)的对数，记作\(x=log_a N\).****
(\(a\)底数，\(N\)真数，\(log_a N\)对数)
② 两个重要对数
常用对数以\(10\)为底的对数，\(\log_{10}N\)记为\(\lg N\)；
自然 对数以无理数\(e\)为底的对数的对数，\(\log_e N\)记为\(\ln N\)．
③ 对数式与指数式的互化

④ 结论
\((1)\)负数和零没有对数
\((2)\log_a a=1\)，\(\log_a 1=0\).
特别地，\(\lg 10=1\)，\(\lg 1=0\)，\(\ln e=1\)，\(\ln 1=0\).

对数的运算

如果\(a>0\)，\(a ≠ 1\),\(M>0\),\(N>0\), 有
①\(\log _{a}(M N)=\log _{a} M+\log _{a} N\)
②\(\log _{a} \dfrac{M}{N}=\log _{a} M-\log _{a} N\)
③\(\log _{a} M^{n}=n \log _{a} M(n \in R)\)
④\(a^{\log _{a} M}=M\)
⑤ 换底公式
\(\log _{a} b=\dfrac{\log _{c} b}{\log _{c} a}(a>0, a \neq 1, c>0, c \neq 1, b>0)\)
利用换底公式推导下面的结论
①\(\log _{a} b=\dfrac{1}{\log _{b} a}\)
②\(\log _{a} b \cdot \log _{b} c=\log _{a} c\)
③\(\log _{a^{m}} b^{n}=\dfrac{n}{m} \log _{a} b\)
特别注意：\(\log _{a} M N \neq \log _{a} M \cdot \log _{a} N\)，
\(\log _{a}(M \pm N) \neq \log _{a} M \pm \log _{a} N\)

对数函数

① 对数函数的概念
函数\(y=log_a x(a>0 ,a ≠1)\)叫做对数函数，其中\(x\)是自变量.
② 图像与性质

经典例题

【题型一】对数的化简与求值

【典题1】求值\(2 \log _{3} 2-\log _{3} \dfrac{32}{9}+\log _{3} 8-5^{\log _{5} 3}+(\lg 5)^{2}+\lg 2 \times \lg 50\)
【解析】\(2 \log _{3} 2-\log _{3} \dfrac{32}{9}+\log _{3} 8-5^{\log _{5} 3}+(\lg 5)^{2}+\lg 2 \times \lg 50\)
\(=\log _{3} 4-\log _{3} \dfrac{32}{9}+\log _{3} 8-3+(\lg 5)^{2}+2 \lg 2 \cdot \lg 5+(\lg 2)^{2}\)
\(=\log _{3}\left(4 \times \dfrac{9}{32} \times 8\right)-3+(\lg 5+\lg 2)^{2}\)
\(=2-3+1\)
\(=0\)．

【典题2】若\(x\),\(y\),\(z∈R^+\)，且\(3^x=4^y=12^z\)，\(\dfrac{x+y}{z} \in(n, n+1)\)，\(n∈N\)，则\(n\)的值是\(\underline{\quad \quad }\).
【解析】令\(3^x=4^y=12^z=k>1\)．
则\(x=\log _{3} k=\dfrac{l g k}{l g 3}\)，\(y=\log _{4} k=\dfrac{l g k}{\lg 4}\)，\(z=\log _{12} k=\dfrac{l g k}{l g 12}\)．
\({\color{Red}{(利用换底公式，把数值化为同底，有利于\dfrac{x+y}{z}求值去掉k)}}\)
\(\therefore \dfrac{x+y}{z}=\dfrac{\dfrac{\lg k}{\lg 3}+\dfrac{\lg k}{\lg 4}}{\dfrac{\lg k}{\lg 12}}=\dfrac{\lg 12 \cdot \lg 12}{\lg 3 \cdot \lg 4}\)\(=\dfrac{(\lg 3+\lg 4)^{2}}{\lg 3 \cdot \lg 4}=\dfrac{\lg 3}{\lg 4}+\dfrac{\lg 4}{\lg 3}+2\)，
\({\color{Red}{(∵\dfrac{x+y}{z} \in(n, n+1)，∴要对\dfrac{\lg 3}{\lg 4}+\dfrac{\lg 4}{\lg 3}+2进行估值，要把其值的整数部分求出)}}\)
\(\because 0<\dfrac{\lg 3}{\lg 4}<1\)
\(\therefore \dfrac{\lg 3}{\lg 4}+\dfrac{\lg 4}{\lg 3}>2\)\({\color{Red}{(利用对勾函数可得) }}\)
\(\therefore \dfrac{\lg 3}{\lg 4}+\dfrac{\lg 4}{\lg 3}+2>4\)，
\(\because \dfrac{\lg 4}{\lg 3}<2\),\(\dfrac{\lg 3}{\lg 4}<1\)\(\therefore \dfrac{\lg 3}{\lg 4}+\dfrac{\lg 4}{\lg 3}+2<5\),
则\(x=\dfrac{\lg 3}{\lg 4}+\dfrac{\lg 4}{\lg 3}+2 \in(4,5)=(n, n+1)\)，
则\(n=4\)．

巩固练习

1(★)已知函数\(f(x)=\left\{\begin{array}{l} 3^{x}(x \leq 0) \\ \log _{2} x,(x>0) \end{array}\right.\)，则\(f\left[f\left(\dfrac{1}{2}\right)\right]=\) \(\underline{\quad \quad }\).

2(★)\((\lg 2)^{2}+\lg 5 \times \lg 20+(\sqrt{2016})^{0}+0.027^{-\dfrac{2}{3}} \times\left(\dfrac{1}{3}\right)-2=\) \(\underline{\quad \quad }\)．

3(★★)求值\(\dfrac{\lg 8+\lg 125-\lg 2-\lg 5}{\lg \sqrt{10} \cdot \lg 0.1}=\) \(\underline{\quad \quad }\)．

4(★★)求值\(2^{\log _{2} \dfrac{1}{4}}-\left(\dfrac{8}{27}\right)^{-\dfrac{2}{3}}+\lg \dfrac{1}{100}+(\sqrt{2}-1)^{\lg 1}=\) \(\underline{\quad \quad }\)．

5(★★)若\(a>1\)，\(b>1\)且\(\lg \left(1+\dfrac{b}{a}\right)=\lg b\)，则\(\lg (a-1)+\lg (b-1)\)的值\(\underline{\quad \quad }\)．

6(★★★)已知\(2^a=7^b=m\)，\(\dfrac{1}{a}+\dfrac{1}{2 b}=\dfrac{1}{2}\)，则\(m＝\) \(\underline{\quad \quad }\).

7(★★★)已知\(a>b>1\)，若\(\log _{a} b+\log _{b} a=\dfrac{5}{2}\)，\(a^b=b^a\)，则\(ab＝\) \(\underline{\quad \quad }\)．

答案

1.\(\dfrac{1}{3}\)
2.\(102\)
3.\(-4\)
4.\(-3\)
5.\(0\)
6.\(28\)
7.\(8\)

【题型二】对数函数的图象及应用

【典题1】函数\(y=\log _{a}(|x|+1)(a>1)\)的图象大致是(　　)

【解析】 \({\color{Red}{方法1}}\)
\(y=\log _{a}(|x|+1)=\left\{\begin{array}{c} \log _{a}(x+1), x \geq 0 \\ \log _{a}(-x+1), x<0 \end{array}\right.\)，
因\(a>1\)，由对数函数的性质易得选\(B\).
\({\color{Red}{方法2\quad 函数图象变换}}\)

故选\(B\)．
【点拨】涉及对数函数型的函数\(y=f(x)\)，往往需要得到其图象，方法有
① 利用要相应指数函数的图象通过平移、对称、翻转变换得其图象；
② 利用去掉绝对值得到分段函数得其图象.

【典题2】设\(a\),\(b\)，\(c\)均为正数，且\(2^{a}=\log _{\dfrac{1}{2}} a\)，\(\left(\dfrac{1}{2}\right)^{b}=\log _{\dfrac{1}{2}} b\)，\(\left(\dfrac{1}{2}\right)^{c}=\log _{2} c\)，则(　　)
A．\(a<b<c\)
B．\(c<b<a\)
C．\(c<a<b\)
D．\(b<a<c\)
【解析】分别作出四个函数\(y=\left(\dfrac{1}{2}\right)^{x}\),\(y=\log _{\dfrac{1}{2}} x\)，\(y=2^{x}\)，\(y=\log _{2} x\)的图象，观察它们的交点情况．由图象知\(a<b<c\)．故选\(A\)．

【点拨】
①\(2^{a}=\log _{\dfrac{1}{2}} a\)中\(a\)是函数\(y=2^x\)与\(y=\log _{\dfrac{1}{2}} x\)的交点横坐标；
② 函数\(y=2^x\)与\(y=\log_2⁡x\)互为反函数，图象关于直线\(y=x\)对称. 函数\(y=\left(\dfrac{1}{2}\right)^{x}\)与\(y=\log _{\dfrac{1}{2}} x\)也是.

【典题3】已知\(f(x)=\left\{\begin{array}{l} 3\left|\log _{3} x\right|, 0<x \leq 3 \\ (x-4)(x-6), x>3 \end{array}\right.\)，若\(f(a)=f(b)=f(c)=f(d)\)，且\(a<b<c<d\)，则\(abcd\)的取值范围是\(\underline{\quad \quad }\).
\({\color{Red}{思考痕迹}}\) 已知条件\(f(a)=f(b)=f(c)=f(d)\)，相当于\(y=f(x)\)与一直线\(y=k\)相交于四个点，四点的横坐标是\(a、b、c、d\)，所以想到数形结合.
【解析】先画出\(f(x)=\left\{\begin{array}{l} 3\left|\log _{3} x\right|, 0<x \leq 3 \\ (x-4)(x-6), x>3 \end{array}\right.\)的图象，如图

\(∵a ,b ,c ,d\)互不相同，不妨设\(a<b<c<d\)．
且\(f(a)=f(b)=f(c)=f(d)\)，\(3<c<4\)．
由图可知\(|\log_3⁡a |=|\log_3⁡b |\)，\(c、d\)关于\(x=5\)对称,
\(∴-\log_3⁡a=\log_3⁡b\)，\(c+d=10\)，
即\(ab=1\),\(c+d=10\)，
故\(a b c d=c(10-c)=-(c-5)^{2}+25\)，
由图象可知\(3<c<4\)，
由二次函数的知识可知\(21<-c^2+12c<24\)，
\(∴abcd\)的范围为\((21 ,24)\)．
【点拨】遇到分段函数，经常用数形结合的方法画出函数图象，注意一些关键的临界值，比如\(x=3\)处.

巩固练习

1(★)已知\(lga+lgb=0\)，函数\(f(x)=a^x\)与函数\(g(x)=-log_b⁡x\)的图象可能是(　　)

2(★)已知图中曲线\(C_1\),\(C_2\),\(C_3\),\(C_4\)分别是函数\(y=\log _{a_{1}} x\)，\(y=\log _{a_{2}}x\)，\(y=\log _{a_{3}} x\)，\(y=\log _{a_{4}} x\)的图象，则\(a_1\),\(a_2\),\(a_3\),\(a_4\)的大小关系是(　　)

A．\(a_4<a_3<a_2<a_1\)
B．\(a_3<a_4<a_1<a_2\)
C．\(a_2<a_1<a_3<a_4\)
D．\(a_3<a_4<a_2<a_1\)

3(★★)已知函数\(f(x)=|\ln x|\)，若\(0<a<b\)，且\(f(a)=f(b)\)，则\(a+5b\)的取值范围是(　　)
A．\((2 \sqrt{5},+\infty)\)
B．\([2 \sqrt{5},+\infty)\)
C．\((6 ,+∞)\)
D．\([6 ,+∞)\)

4(★★)已知函数\(f(x)=\left|\log _{a}\right| x-1||\)\((a>0, a \neq 1)\)，若\(x_1<x_2<x_3<x_4\),\(x_1 x_2 x_3 x_4≠0\)且\(f(x_1)=f(x_2)=f(x_3)=f(x_4)\)，则\(x_1+x_2+x_3+x_4=\)(　　)
A．\(2\)
B．\(4\)
C．\(8\)
D．随\(a\)值变化

5(★★★)已知函数\(f(x)=\left|\log _{2}(x-1)\right|\)，\(g(x)=\left(\dfrac{1}{2}\right)^{x}\)，则图象交于\(A(x_1 ,y_1)\)，\(B(x_2 ,y_2)\)两点，则(　　)
A．\(x_1 x_2<1\)
B．\(x_1+x_2>5\)
C．\(x_1+x_2>x_1 x_2\)
D．\(x_1+x_2<x_1 x_2\)

6(★★★)已知函数\(f(x)=\left\{\begin{array}{l} \left|\log _{2} x\right|, 0<x \leq 8 \\ -\dfrac{1}{4} x+5, x>8 \end{array}\right.\)，若\(a ,b ,c\)互不相等，且\(f(a)=f(b)=f(c)\)，则\(abc\)的取值范围是　 　．

7(★★★)已知函数\(f(x)=|\log_2⁡x |，\)\(g(x)=\dfrac{1}{2} x\)，若对任意\(x∈[a ,+∞)\)，总存在两个\(x_{0} \in\left[\dfrac{1}{2}, 4\right]\)，使得\(g(x)\cdot f(x_0)=1\)，则实数\(a\)的取值范围是\(\underline{\quad \quad }\)．

答案

1.\(B\)
2.\(B\)
3.\(C\)
4.\(B\)
5.\(C\)
6.\((8 ,20)\)
7.\([2 ,+∞)\)

【题型三】对数函数的性质及应用

角度1 比较对数式的大小

【典题1】已知\(a=\log _{2} 7\),\(b=\log _{3} 8\),\(c=0.3^{0.2}\)，则\(a\)，\(b\)，\(c\)的大小关系为(　　)
A．\(c<b<a\)
B．\(a<b<c\)
C．\(b<c<a\)
D．\(c<a<b\)
【解析】由题意，可知\(a=\log_2⁡7>\log_2⁡4=2\)，
\(c=0.3^{0.2}<0.3^{0}=1\)，
\(\because 1<\log _{3} 8<\log _{3} 9=2\)
\(\therefore 1<b<2\)，
\(∴c<b<a\)．
故选\(A\)．

【典题2】设\(a=\log _{2} 3\),\(b=\dfrac{4}{3}\),\(c=\log _{3} 4\)，则\(a\),\(b\),\(c\)的大小关系为(　　)
A．\(b<a<c\)
B．\(c<a<b\)
C．\(a<b<c\)
D．\(c<b<a\)
【解析】\(\because a=\log _{2} 3>\log _{2} 2^{\dfrac{4}{3}}=\dfrac{4}{3}=b\)，\(b=\dfrac{4}{3}=\log _{3} 3^{\dfrac{4}{3}}>\log _{3} 4=c\)
\(∴a ,b ,c\)的大小关系为\(c<b<a\)．
故选\(D\)．

【典题3】已知\(a=\log _{5} 2\)，\(b=\log _{0.5} 0.2\)，\(c=0.5^{0.2}\)，则\(a\),\(b\),\(c\)的大小关系为(　　)
A．\(a<c<b\)
B．\(a<b<c\)
C．\(b<c<a\)
D．\(c<a<b\)
【解析】由题意，可知\(a=\log _{5} 2<1\)，\(c=0.5^{0.2}<1\)，
\(b=\log _{0.5} 0.2=\log _{\dfrac{1}{2}} \dfrac{1}{5}=\log _{2} 5>\log _{2} 4=2\)，
\({\color{Red}{(初步估值) }}\)
\(∴b\)最大，\(a、c\)都小于\(1\)，
\({\color{Red}{(b,c还比较不出来，进一步估值) }}\)
\(\because a=\log _{5} 2=\dfrac{1}{\log _{2} 5}<\dfrac{1}{2}\)，\(c=0.5^{0.2}=\left(\dfrac{1}{2}\right)^{\dfrac{1}{5}}=\sqrt[5]{\dfrac{1}{2}}>\dfrac{1}{2}\)
\(∴a<c\)， \({\color{Red}{(引入第三数\dfrac{1}{2}比较)}}\)
\(∴a<c<b\)，故选：\(A\)．
【点拨】比较对数的大小，主要是利用对数函数的单调性，具体方法有
① 把对数化为同底，利用对数函数的单调性比较大小；
② 若不能化为同底，可对对数进行估值，一般可以与\(0\)，\(1\)比较大小；
③ 利用第三个数作为两个数字大小比较的过渡.

角度2 求解对数型不等式和方程

【典题1】方程\(\log _{2}(x-1)=2-\log _{2}(x+1)\)的解集为\(\underline{\quad \quad }\)．
【解析】\(∵\log _{2}(x-1)=2-\log _{2}(x+1)\)，
\(∴\log _{2}(x-1)=\log _{2} \dfrac{4}{x+1}\)，
\(\therefore x-1=\dfrac{4}{x+1}\)，解得\(x=\pm \sqrt{5}\)．
检验得\(x=-\sqrt{5}\)不符合， \({\color{Red}{ (注意真数的范围) }}\)
\(∴\)方程\(\log _{2}(x-1)=2-\log _{2}(x+1)\)的解集为\(\{\sqrt{5}\}\)
故答案为\(\{\sqrt{5}\}\)．

【典题2】不等式\(\log _{2}\left(x^{2}-1\right)<3\)的解集为\(\underline{\quad \quad }\).
【解析】\(\log _{2}\left(x^{2}-1\right)<3\)\(\Leftrightarrow \log _{2}\left(x^{2}-1\right)<\log _{2} 8\)
\(∴0<x^2-1<8\) \({\color{Red}{(误解x^2-1<8) }}\)
解得\(-3<x<-1\)或\(1<x<3\).
【点拨】在处理对数的方程和不等式时不要忘记了“对数\(log_a x\)中真数\(x>0\)”这点.

角度3 对数型函数综合问题

【典题1】函数\(y=\log _{\dfrac{1}{2}}\left(x^{2}-6 x+17\right)\)的值域是\(\underline{\quad \quad }\) .
【解析】\(∵t=x^2-6x+17=(x-3)^2+8≥8\)
\(∴\)内层函数的值域\([8 ,+∞),\)
而\(y=\log _{\dfrac{1}{2}} t\)在\([8 ,+∞)\)是减函数，
故\(y \leq \log _{\dfrac{1}{2}} 8=-3\)
\(∴\)函数\(y=\log _{\dfrac{1}{2}}\left(x^{2}-6 x+17\right)\)的值域是\((-∞ ,-3]\).
【点拨】复合函数的值域先求内层函数值域再求外层函数.

【典题2】已知函数\(f(x)\)是\(R\)上的奇函数，且满足\(f(x+2)=-f(x)\)，当\(x∈(0 ,1]\)时，\(f(x)=2^x-1\)，则方程\(f(x)=\log _{7}|x-2|\)解的个数是\(\underline{\quad \quad }\).
【解析】函数\(f(x)\)是\(R\)上的奇函数，\(f(0)=0\)，
由\(f(x+2)=-f(x)\)，可得\(f(x+2)=f(-x)\)，
\(∴f(x)\)的有条对称轴\(x=1\)，
由\(f(x+2)=-f(x)\)，可得\(f(x+4)=f(x)\)，
\(∴f(x)\)的周期\(T=4\)．
(注 由以上已知，较容易画出\(y=f(x)\)的图象，作图步骤如下
① 画\(f(x)=2^x－1 ,x∈(0 ,1)\)

② 根据奇函数的性质

③ 由对称轴\(x=1\)可得

④ 由周期\(T=4\)可得
)
作出在同一坐标系中画\(y=f(x)\)和\(g(x)=\log _{7}|x-2|\)图象，

注意到\(g(9)=1\),\(g(-7)>1\)， \({\color{Red}{(注意一些临界的位置) }}\)
从图象不难看出，其交点个数\(7\)个．
【点拨】
① 遇到函数综合性质问题(有单调性，对称性，周期性等)，一般通过数形结合的方法处理；
②\((1)f(x+a)=f(x+b)\)\(⇒f(x)\)的周期\(T=a-b\)
\((2)f(x+a)=f(b-x)\)\(⇒f(x)\)的对称轴\(x=\dfrac{a+b}{2}\)
\((3)f(x+a)=-f(x)\)\(⇒f(x)\)的周期\(T=2a\)
\((4)f(x+a)=\dfrac{1}{f(x)}\)\(⇒f(x)\)的周期\(T=2a\).
【典题3】设\(a>0\)，\(b>0\)，则下列叙述正确的是(　　)
A．若\(\ln a-2 b>\ln b-2 a\)，则\(a>b\)
B．若\(\ln a-2 b>\ln b-2 a\)，则\(a<b\)
C．若\(\ln a-2 a>\ln b-2 b\)，则$a>b \( D．若\)\ln a-2 a>\ln b-2 b\(，则\)a<b$
【解析】 \({\color{Red}{方法1 \quad构造函数法}}\)
\(∵y=\ln x\)与\(y=2x\)均为增函数，
故\(f(x)=\ln x+2x\)在\((0 ,+∞)\)上为增函数，
故\(f(a)>f(b)⇔a>b>0\)，
即\(\ln a+2 a>\ln b+2 b \Leftrightarrow a>b>0\)，
即\(\ln a-2 b>\ln b-2 a \Leftrightarrow a>b>0\)，
故选\(A\)．
\({\color{Red}{方法2\quad 取特殊值排除法}}\)
对于\(A、B\)，
令\(a=1\)，\(b=\dfrac{1}{e}\)，
代入\(\ln a-2b>\ln b-2a\)得\(-\dfrac{2}{e}>-3\)显然成立，
而\(a>b\)，此时可排除选项\(B\)；
对于选项\(C、D\)，
令\(a=1\)，\(b=e\)，代入\(\ln a-2 a>\ln b-2 b\)
得\(-2>1-2e\)显然成立，而\(a<b\)可排除选项\(C\)；
令\(a=1\)，\(b=\dfrac{1}{e^{2}}\)，代入\(\ln a-2 a>\ln b-2 b\)
得\(-2>-2-\dfrac{2}{e^{2}}\)显然成立，而\(a>b\)可排除选项\(D\)；
故选A．
【点拨】
① 方法1通过构造函数\(f(x)=\ln x+2x\)，利用其单调性进行选项判断.构造函数的方法到了高二还经常见，可以先熟悉先！
② 方法2“取特殊值排除法”，在取数时一定要满足题目要求，尽量取容易计算的数值，要大胆尝试，能排除一个是一个.

【典题4】已知函数\(f(x)=\log _{3} \dfrac{1-x}{1+x}\)．
(1)求函数\(f(x)\)的定义域；
(2)判断函数\(f(x)\)的奇偶性；
(3)当\(x \in\left[-\dfrac{1}{2}, \dfrac{1}{2}\right]\)时，函数\(g(x)=f(x)\)，求函数\(g(x)\)的值域．
【解析】(1)要使函数\(f(x)=\log _{3} \dfrac{1-x}{1+x}\)的解析式有意义，
自变量\(x\)须满足\(\dfrac{1-x}{1+x}>0\)，解得\(x∈(-1 ,1)\)，
故函数\(f(x)\)的定义域为\((-1 ,1)\)；
(2)由(1)得函数的定义域关于原点对称，
且\(f(-x)=\log _{3} \dfrac{1+x}{1-x}=-\log _{3} \dfrac{1-x}{1+x}=-f(x)\)，
故函数\(f(x)\)为奇函数；
(3)当\(x \in\left[-\dfrac{1}{2}, \dfrac{1}{2}\right]\)时，
令\(u(x)=\dfrac{1-x}{1+x}=\dfrac{2}{1+x}-1\) \({\color{Red}{(分离常数法)}}\)
\({\color{Red}{(注 函数图象如右图，由y=\dfrac{2}{x}向左向下平移一个单位得到的) }}\)
故\(u(x)=\dfrac{1-x}{1+x}\)在\(\left[-\dfrac{1}{2}, \dfrac{1}{2}\right]\)上为减函数，
则\(u(x) \in\left[\dfrac{1}{3}, 3\right]\)，
又\(\because g(x)=f(x)=\log _{3} u\)为增函数，
故\(g(x)∈[-1 ,1]\)，
故函数\(g(x)\)的值域为\([-1 ,1]\)．
【点拨】
① 遇到形如\(f(x)=\dfrac{a \cdot g(x)+b}{c \cdot g(x)+d}\)的函数(比如\(y=\dfrac{1-2 x}{1+x}\)，\(y=\dfrac{2^{x}-3}{2^{x}+4}\)，\(y=\dfrac{3 x^{2}+4}{x^{2}-1}\)等)均可采取“分离常数法”，易求函数的单调性，对称性，最值等性质；
② 求复合函数的值域，要分清楚内层函数与外层函数，分别对它们的单调性进行分析再求值域，函数的定义域优先考虑.

【典题5】设\(D\)是函数\(y=f(x)\)定义域的一个子集，若存在\(x_0∈D\)，使得\(f(x_0 )=-x_0\)成立，则称\(x_0\)是\(f(x)\)的一个“准不动点”，也称\(f(x)\)在区间\(D\)上存在准不动点．
已知\(f(x)=\log _{\dfrac{1}{2}}\left(4^{x}+a \cdot 2^{x}-1\right)\)，\(x \in[0,1]\)．
(1)若\(a=1\)，求函数\(f(x)\)的准不动点；
(2)若函数\(f(x)\)在区间\([0 ,1]\)上存在准不动点，求实数\(a\)的取值范围．
【解析】(1)当\(a=1\)时，
可得\(f(x)=\log _{\dfrac{1}{2}}\left(4^{x}+2^{x}-1\right)=-x\)，\(x∈[0 ,1]\)，
可得\(4^x+2^x-1=2^x\)，
即\(4^x=1\)，\(∴x=0\)．
当\(a=1\)，函数\(f(x)\)的准不动点为\(x_0=0\)．
(2) \({\color{Red}{方法1}}\) 由定义可得
方程\(\log _{\dfrac{1}{2}}\left(4^{x}+a \cdot 2^{x}-1\right)=-x\)在\(x∈[0 ,1]\)上有解
即方程\(4^x+a⋅2^x-1=2^x\)在\(x∈[0 ,1]\)上有解,
且\(4^x+a\cdot 2^x-1>0\)\((*)\)
令\(2^x=t\)，\(x∈[0 ,1]\)，则\(t∈[1 ,2]\)，
那问题\((*)\)转化为方程\(t^2+(a-1)t-1=0\)在\([1 ,2]\)有解，且\(t^2+at-1>0\)，
令\(g(t)=t^2+(a-1)t-1\)，开口向上且\(g(0)<0\)，
所以\(y=g(t)\)在\([1 ,2]\)上与\(x\)轴只有一个交点，
则只需要\(g(1)g(2)≤0\)，解得\(-\dfrac{1}{2} \leq a \leq 1\)，
\({\color{Red}{(一元二次方程根的分布问题，注意数形结合分析)}}\)
要使\(t^2+at-1>0(1≤t≤2)\)恒成立．
其对称轴\(x=-\dfrac{a}{2}\)，在\(1≤t≤2\)上是递增的，
当\(t=1\)时最小值，可得\(a>0\)．
综上可得实数\(a\)的取值范围是\((0，1]\)．
\({\color{Red}{方法2 }}\)
与方法1同样得到方程\(t^2+(a-1)t-1=0\)在\([1 ,2]\)有解，且\(t^2+at-1>0\)，
即\(a=1-t+\dfrac{1}{t}\)在\(t∈[1 ,2]\)上有解，
且\(a>\dfrac{1}{t}-t\)在\(t∈[1 ,2]\)上恒成立 \({\color{Red}{(分离参数法)}}\)
由\(h(t)=1-t+\dfrac{1}{t}\)在\(t∈[1 ,2]\)上显然是减函数，
其值域为\(\left[-\dfrac{1}{2}, 1\right]\)，则\(-\dfrac{1}{2} \leq a \leq 1\)；
由\(d(t)=\dfrac{1}{t}-t\)在\(t∈[1 ,2]\)上显然是减函数，最大值为\(d(1)=0\)，则\(a>0\),
综上可得实数\(a\)的取值范围是\((0,1]\)．
【点拨】
① 在第二问中不要漏了\(4^x+a\cdot 2^x-1>0\)，求解过程中谨记等价转化，做到严谨；
② 第二问的方法1是采取了“二次方程根的分布问题”的处理技巧，注意结合二次函数图象进行思考；方法2是采取分离参数法转而求最值,

巩固练习

1(★)若\(a=\log _{2} 1.5\),\(b=\log _{2} 0.1\),\(c=2^{0.2}\)，则(　　)
A．\(c<b<a\)
B．\(b<c<a\)
C．\(a<b<c\)
D．\(b<a<c\)

2(★★)设\(a=\log _{\dfrac{1}{2}} 6\)，\(b=\log _{\dfrac{1}{4}} 12\)，\(c=\log _{\dfrac{1}{5}} 15\)，则(　　)
A．\(a<b<c\)
B．\(c<b<a\)
C．\(b<a<c\)
D．\(c<a<b\)

3(★★)\(f(x)\)是定义在\(R\)上的函数，且\(f(2-x)=f(x)\)，当\(x≥1\)时，\(f(x)=\log_2⁡x\)，则有(　　)
A．\(f\left(\dfrac{1}{3}\right)<f(2)<f\left(\dfrac{1}{2}\right)\)
B．\(f\left(\dfrac{1}{2}\right)<f(2)<f\left(\dfrac{1}{3}\right)\)
C．\(f\left(\dfrac{1}{2}\right)<f\left(\dfrac{1}{3}\right)<f(2)\)
D．\(f(2)<f\left(\dfrac{1}{2}\right)<f\left(\dfrac{1}{3}\right)\)

4(★★)不等式\(\log _{2}\left(2^{x}-1\right) \cdot \log _{2}\left(2^{x+1}-2\right)<2\)的解集为\(\underline{\quad \quad }\)．

5(★★)函数\(f(x)=\log _{\dfrac{1}{3}}\left(x^{2}-3 x+2\right)\)的单调递增区间为\(\underline{\quad \quad }\) ．

6(★★)方程\(\log _{2}\left(4^{x}-3\right)=x+1\)的解集为\(\underline{\quad \quad }\)．

7(★★★)已知函数\(f(x)=\log _{a}(x+1)\)，\(g(x)=2 \log _{a}(2 x+t)(t \in R)\)，\(a>0\)，且\(a≠1\)．
(1)若\(1\)是关于\(x\)的方程\(f(x)-g(x)=0\)的一个解，求\(t\)的值；
(2)当\(0<a<1\)且\(t=-1\)时，解不等式\(f(x)≤g(x)\)；
(3)若函数\(F(x)=a^{f(x)} +tx^2-2t+1\)在区间\((-1 ,2]\)上有零点，求\(t\)的取值范围．

答案

1.\(D\)
2.\(A\)
3.\(C\)
4.\(\left(\log _{2} \dfrac{5}{4}, \log _{2} 3\right)\)
5.\((-∞ ,1)\)
6.\(\{log_23\}\)
7.\(\text { (1) } t=\sqrt{2}-2\)\(\text { (2) } \dfrac{1}{2}<x \leq \dfrac{5}{4}\)\(\text { (3) } t \leq-2 \text { 或 } t \geq \dfrac{2+\sqrt{2}}{4}\)．

标签：lg,right,log,dfrac,函数,对数函数,left
来源： https://www.cnblogs.com/zhgmaths/p/15765710.html

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