有时候需要在Layout中显示元件的Value值，比如需要显示矩阵式键盘中每个按键的名称，这些名称在orcad中是保存在元件属性（Edit properties...）中的Value项。我在本站点查找了相关的帖子后找到解决方法，小结步骤如下： 1. 首先确认orcad中value值被设置 2. 在Allegro中建立元件库（Package sy
脚本编写如： #!/bin/bash /usr/bin/top -n -1 -u mysql > /root/script/log/$(date +"%Y%m%d_%H%M%S").LOG 报错如下： 解决办法： 将脚本加上-b参数即可 /usr/bin/top -bn -1 -u mysql > /root/script/log/$(date +"%Y%m%d_%H%M%S").LOG crontab测试正常 crontab -e */1
这个一个通用的写法 下面sql解释: 根据create_by分组,每一个分组内取create_time最新的3条数据 SELECT * from ( SELECT t1.*, (SELECT count(*) + 1 FROM query_record t2
数叶子 点之间互相独立，对答案的贡献之和它的度数有关，设当前计算的点的度数为 \(d\) 此时问题本质上是在 \([1,m]\) 中放 \(d\) 块板，每种放法向答案贡献划分出来的 \(d+1\) 个区间两两相邻的长度的乘积 使用 \(x=\sum\limits_{i=1}^x[1]\) 的想法处理乘积，也就是让每相邻的一对计算
学习笔记----ant_vue模态框拖拽记录 通过自定义命令 utils文件夹中新建dragModal.js import Vue from 'vue' // 注册自定义拖拽指令，弥补 modal 组件不能拖动的缺陷 Vue.directive('drag-modal', (el, bindings, vnode) => { Vue.nextTick(() => { const { visible, des
1.磁盘空间不足问题 先从总体查看磁盘状态：df -h 找到不足的磁盘，进入目录查看具体文件大小：du -sh *（ls -lh只能看文件大小，文件夹的看不出来） 2.cpu和内存使用率过高问题 查看所有进程：top 查看单个进程：top -p pid 查看单个进程的线程：top -p pid -H 只看内存使用情况：free -h 只看交换
7月4日，国际权威机构IDC发布的《2021年下半年中国关系型数据库软件市场跟踪报告》显示，腾讯云数据库在关系型数据库软件市场（公有云模式）中，位列第二。 IDC报告显示，2021下半年中国关系型数据库软件市场规模为15.8亿美元，同比增长34.9%。其中，公有云关系型数据库规模8.7亿美元，同比增长48.
<!DOCTYPE html> <html> <head> <meta charset="utf-8"> <title></title> <style> #box{ height: 300px; width: 300px; bac
思路 一道很妙的反悔贪心题。 考场上打的是 \(O(n\times k)\) 的 \(dp\)，其中 \(k\) 是 \(a_i\) 的种类数。 考虑贪心，先从大到小枚举 \(a_i\)，把相同的 \(a_i\) 一起处理。 当前可以白嫖的直接白嫖，如果不能再白嫖了，再看看如果前面白嫖了一个 \(x\)，当前的为 \(y\)。 若 \(x<y\)，显然是
这个题有两个方法，都得掌握。（LCT就算了） 一个方法不具有强的普遍性，但很巧妙，可以积累一下。边由两个端点组成。初始时各点的颜色互不相同，每次修改对路径上的点赋予独一无二的颜色，可以使得黑边等价于两端点颜色相同，白边等价于颜色不同。这个做法能够成立主要是因为修改的方式比较特殊
Redis 笔记 01：入门篇 ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★ ★本文信息本文信息防爬虫替换信息作者网站LYMTICShttps://lymtics.top作者LYMTICS（樵仙）https://lymtics.top联系方
通过打懒标记实现区间取反，和线段树基本操作都差不多。 本题还是一道边权化为点权的问题。 200行巨长代码： 1 #include<cstdio> 2 #include<cstring> 3 #include<algorithm> 4 using namespace std; 5 const int maxn=10010; 6 int head[maxn],cnt=0,total=0;//头结点
毛毛虫剖分 一种由重链剖分推广而成的树上结点重标号方法，支持 修改/查询 一只毛毛虫的信息，并且可以对毛毛虫的身体和足分别 修改/查询 不同信息 。 可以用来解决一些大力树剖也可以解决的问题。 一些定义： 毛毛虫：一条树上的链和与这条链邻接的所有结点构成的集合； 虫身：毛毛虫的链部
1.栈 https://blog.csdn.net/CSDN___CSDN/article/details/82918436 1 #include <stdio.h> 2 #include <stdlib.h> 3 4 typedef struct link_node 5 { 6 int info; 7 struct link_node *next; 8 }N; 9 10 /*创建一个空的链式栈*/ 11 N *ini
YOLO里面输入的图像会先进入Focus模块，该模块主要是实现没有信息丢失的下采样。 很形象的一张图： class Focus(nn.Module): """Focus width and height information into channel space.""" def __init__(self, in_channels, out_channels, ksize=1, stride=1, act=
可能更好的阅读体验 题目传送门 题目大意 给定一个长度为 \(n\) 排列 \(a\)。 定义 \(\operatorname{mn}(i,j)=\min\limits_{k=i}^{j}a_k,\operatorname{mx}(i,j)=\max\limits_{k=i}^{j}a_k\)。 然后建立一个 \(n\) 个节点图，如果 \(\operatorname{mn}(i,j)=a_i ,\operatorname{mx}
改标签为书签的样式<div class="ant-card-body card_blue"> <div class="tipspp">安全匹配</div> <div type="flex"... ... .tipspp { position: relative; z-index: 9; top: -15px; content: #fff;}.tipspp:before { position: abs
首先，我们可以用 \(2^10＝1024\) 的复杂度暴搜，然后再来判断当前这种情况的结束时刻。 现在我们通过爆搜获得了一个长度为 \(1010\) 的由 \(0、1\) 组成的字符串。然后维护两个数组 \(a、b，a_i\)维护的是 \(i\) 队在当前时刻进球数量之后最多进球的数量，\(b_i\) 维护的是 \(i\) 队在当
<!DOCTYPE html><html lang="en"><head> <meta charset="UTF-8"> <title>在img中上添加版心</title> <style> *{ margin: 0; padding:0; } .banner{
1.剑指 Offer 09. 用两个栈实现队列 1 class CQueue { 2 public: 3 stack<int> s1,s2; 4 CQueue() { 5 6 } 7 8 void copy(stack<int>& a,stack<int>& b){ 9 while(a.size()){ 10 int tmp = a.to
遍历： inline void dfs(int u) { sz[u] = 1; dep[u] = dep[fa[u]] + 1; int v; for(int e = hd[u]; e; e = nt[e]) { dfs(v = to[e]); sz[u] += sz[v]; if(sz[v] > sz[son[u]]) son[u] = v; } } inline void dfs2(int u) { dfn[u] = ++tott; rv[tott] = u; to
题目描述 为了便于处理表达式，常常将普通表达式（称为中缀表示）转换为后缀{运算符在后，如X/Y写为XY/表达式。在这样的表示中可以不用括号即可确定求值的顺序，如：(P+Q)(R－S) → PQ+RS－。后缀表达式的处理过程如下：扫描后缀表达式，凡遇操作数则将之压进堆栈，遇运算符则从堆栈中弹出两个操作数进
题目描述 输入一个中缀表达式，编程输出其后缀表达式，要求输出的后缀表达式的运算次序与输入的中缀表达式的运算次序相一致。为简单起见，假设输入的中缀表达式由＋（加）、－（减）、×（乘）、／（除）四个运算符号以及左右圆括号和英文字母组成，其中算术运算符遵守先乘除后加减的运算规则。假设输入的中缀表
注：引入https://blog.csdn.net/qq_34684704/article/details/119952404 <template> <div ref="floatDrag" class="float-position" :style="{ top: top + 'px', right: right + 'px !important', zIndex:
传送门 一眼看上去不太可做，先找结论。 本题的核心思路：如果一个位置一边比它大，一边比它小，且确定了两边不动，那么提升它混乱值没有减小。 重点在于两边都不动，所以考虑 \(i,j\) 是不动的，中间都是动的，发掘一下性质。 首先 \(\min(h_i,h_j)>\max_{k=j+1}^{i-1}h_k\)，因为中间如果有大于等
