四则运算编程练习 需求分析：根据用户输入，随机生成相应个数的表达式。 核心代码： step1:生成表达式并存入StringBuffer中 1 private static String[] op = { "+", "-", "*", "/" }; 2 /** 3 * 生成算数表达式 4 * 5 * @return 运算表达式（无结果） 6 */
问题描述 题干： 给你一个整数 n ，请你找出并返回第 n 个 丑数 。 丑数 就是只包含质因数 2、3 或 5 的正整数。 示例1： 输入：n = 10 输出：12 解释：[1, 2, 3, 4, 5, 6, 8, 9, 10, 12] 是由前 10 个丑数组成的序列。 示例2： 输入：n = 1 输出：1 解释：1 通常被视为丑数。 题解分析 输出第n个
题目链接 https://www.luogu.com.cn/problem/P1064 解题思路 如果我们直接用动态规划的模板去处理的话，我们很难去处理选择附件时的主件选择； 我的一开始的思路是在输入过程中把主件的值加到附件上，但由于每个主件的附件不唯一且主件可以单独选择，就很难处理； 后来换了一种思路
题目： https://leetcode-cn.com/problems/spiral-matrix-ii/ 题解： 这道题没有什么算法可言，分析整个过程，模拟即可。 我们用 i 表示横坐标，j 表示纵坐标，模拟上面过程： 1. 填充上行，从左到右，(i, j++)。 2. 填充右列，从上到下，(i++, j)。 3.填充下行，从右到左，(i, j--)。 4.填充左列，从下
题目描述： 给你一个整数 n ，请你找出并返回第 n 个 丑数 。 丑数 就是只包含质因数 2、3 和 / 或 5 的正整数。 示例 1： 输入：n = 10 输出：12 解释：[1, 2, 3, 4, 5, 6, 8, 9, 10, 12] 是由前 10 个丑数组成的序列。 示例 2： 输入：n = 1 输出：1 解释：1 通常被视为丑数。 需要考虑到的
1 #include<stdio.h> 2 int main() 3 { 4 char str[100]; 5 int i,j; 6 gets(str); 7 for(i=0,j=0;str[i]!='\0';i++) 8 if((i%2==0)&&(str[i]%2!=0)) //将下标为偶数元素为奇数的换成非法字符 9 str[i]='*'
做一个万年历 代码如下（示例）： import java.lang.invoke.SwitchPoint; import java.net.StandardSocketOptions; import java.util.Scanner; public class Demo1 { public static void main(String[] args) { System.out.println("==========欢迎使用万年历=========");
//create graph #include<iostream> #include<iomanip>//打印邻接矩阵时提供setw函数来置表位 #define MAX 20//图的顶点个数最大值，也可以不设置这个，用堆分配 using namespace std; typedef enum{DG,UDG,DN,UDN}GraphKind; typedef struct{ int adj; //InfoType *info
计应192西—第一组—高振豪 需求分析：随机生成俩个100以内的数字进行加减运算，通过用户在文本框输入答案来判断是否正确，并显示正确率。 具体思想：在Form窗体上用Lab控件显示计算机随机出的题，用一个Txt文本框来输入答案，输入完成之后在文本框中按回车来进行下一题，并把刚做完的题放入Lis
文章目录 Object类Object()getClass()hashCode()equals()clone()toString()notify()notifyAll()wait()wait(long timeoutMillis)wait(long timeoutMillis, int nanos)finalize() 包装类基本数据类型和包装类Integer类 Math类日期时间类Data类SimpleDateFormat类Calendar类
非男非女 思路 ：输入处理时先把女生标记为-1，那么女生和男生配对和就是0 ，那么利用前缀和就 好找到一个连续的和为0 的长区间了 #include<iostream> using namespace std; const int N = 100010; int n; int s[N]; int main() { int max = 0; cin >> n; for
PTA题目 注:在PTA上面提交时务必把scanf_s改成scanf,(编译器用的是vs2019). 主函数 int main() { int n; //进程数量 scanf_s("%d", &n); struct pcb p[100]; input(p,n); sort(p,n); sjf(p, n); output(p,n); return 0; } 核心算法 void sjf(struct p
STL内置函数：__gcd() 用来计算最大公约数 #include <iostream> #include <algorithm > //所需要用到的头文件 using namespace std; int main() { int i,j,k; int num=0; for(i=1;i<=2020;i++) { for(j=1;j<=2020;j++) { if(__
俄罗斯方块 from CCF-CSP 2016-04-2 Time limit：1s Memory limit：256MB ac代码： #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int x[30][30]; int xx[5][5]; int num,now; bool note[30][30]; void init(){ for(int i = 1;i <= 15;++i) for(int j = 1;j
#include<bits/stdc++.h>using namespace std;int h[10001][3];int n,m,num=0;int dj[101][101];int u[4]={0,1,0,-1};int v[4]={1,0,-1,0};void gs(int p,int q){ int t=0,w=1,x,y; num++;dj[p][q]=0; h[1][1]=p;h[1][2]=q; do { t++; for(int k=0;k<=3;k++) {
一、类型推导 PROs: 源码某处的类型修改，可以自动传播其他地方 Cons: 会让代码更复杂（How？） 在模板类型推导时，有引用的实参会被视为无引用，他们的引用会被忽略 template<typename T> void f(T & param); // param 是一个引用 int x = 10; // int const int cx= x; // const in
Source Count how many 1 in binary representation of a 32-bit integer. Example Given 32, return 1 Given 5, return 2 Given 1023, return 9 Challenge If the integer is n bits with m 1 bits. Can you do it in O(m) time? 题解 题 O1 Check Power of 2 的进阶
原题链接 题解：不要看到多重关系就慌张，其实本质上还是一对一对的关系，所以要提取出来，关键不得不做的信息，然后建图。 代码： #include <iostream> #include <algorithm> #include <cstring> using namespace std; const int N = 2e6 + 9; const int M = 2e6 + 9; int h[N], ne[M], t
前言 在 20210410 宏帆机房，gm讲强连通分量和缩点的时候，因为大家对于这个知识点的理解和想法不同，产生了激烈的争吵(诡辩)。 本来就很蒻的zyq在听了各位巨佬的讨论后，更加不知所云，以至于露出了这样的表情 （还被gm看见了就很淦） 于是 zyq 在第二天，又打开了强连通分量的 PPT , 然后把代
#include <stdio.h> #include <stdlib.h> #include <time.h> #define N 5 int main() { int x, n; srand(time(0)); for(n=1; n<=N; n++) { x = rand() % 100; printf("%3d", x); } prin
#include<bits/stdc++.h> //#define test using namespace std; int mapp[1001][1001]; int visited[1001]; int n,m; int nownum; int ava[1001][1001]; int dfs(int a){ if(visited[a]) return 0; ava[nownum][a]=1; ava[a][nownum]=1;//这里改成双向修改就通
7-1 Arithmetic Progression of Primes (20 分) 时间限制：1000 ms 内存限制：64 MB In mathematics, an arithmetic progression (AP，等差数列) is a sequence of numbers such that the difference between the consecutive terms is constant. In 2004, Terence Tao (陶哲轩) and Be
剑指 Offer 14- II. 剪绳子 II 给你一根长度为 n 的绳子，请把绳子剪成整数长度的 m 段（m、n都是整数，n>1并且m>1），每段绳子的长度记为 k[0],k[1]...k[m - 1] 。请问 k[0]*k[1]*...*k[m - 1] 可能的最大乘积是多少？例如，当绳子的长度是8时，我们把它剪成长度分别为2、3、3的三段，此时得到的最
#include<bits/stdc++.h>using namespace std;int ju[9][9]={{0,0,0,0,0,0,0,0,0}, {0,1,0,0,0,1,0,1,1}, {0,0,1,1,1,1,0,1,1}, {0,0,1,1,0,0,1,1,1}, {0,0,1,0,1,1,1,0,1}, {0,1,1,0,1,1,1,0,
整数快速幂： 分解成二进制形式易得程序 int fastpow(int base,int n,int mod){ int ans=1; while(n){ if(n&1) ans*=base%mod; base*=base; n>>=1; } return ans%mod; } 快速幂复杂度是O(logn)，不用快速幂是O(n) 矩阵快速幂： 把整数乘法改成矩阵乘法，原理一样 struc
