日志 不存在的……今天偷懒了……只是简单的看了看题目…… stray 感觉这题是个Ad-Hoc题……干就完了！ \(A=3\)的情况 从\(0\)开始作bfs，点\(i\)到\(0\)的距离为\(dis_i\)。 为了讨论方便，不妨设原图是一条链，且\(fa_i\)是\(i\)的前驱。 对于一个点\(u\)，只可能有这几种情况： \(u\)连向
点此看题面 有\(n\)个点，每个点有一个初始权值。 共执行\(n-1\)次操作，每次会选择一个与\(1\)号点连通的点\(x\)和一个与\(1\)号点不连通的点\(y\)，在它们之间连一条边。操作的代价是从\(1\)到\(x\)路径上所有点权的逆序对个数，且连边后\(1\)到\(x\)所有点的点权都将变成\(y\)的点权
18,19 比较忙，两天一起写了。 总的来说还行，写了 5，6 道 joisc，然后被教练叫去做真题了。 今天做了 noi2018 day1，感觉对字符串的掌握程度还有待加强啊，然后 dp 方程不要设计的那么鬼畜，以便于转化，优化。 然后把 T2，T3 改了，T3 的走指针好妙！ 注意要适当调整状态，提高效率~~~。 17 今天学了 F
传送门 显然时间相交的货物不能在一个栈中，在其间连边，求的是二分图染色数。 考虑优化连边，按照右端点排序。 每次需要与左端点在 \((a_i,b_i)\) 内的货物连边，也就是染成相同颜色，然后将 \(a_i\) 在左端点集合中删去。 任意时刻，集合中同色的货物的左端点是连续的一段。 连边时，已经同色
「JOISC 2020 Day3」星座 3 (dp) 考虑根据\(A_i\)的值建立笛卡尔树，此时平面被划分为个矩形空间 下称选择一个点为保留一个星星 具体的，对于笛卡尔树上的节点\((u,l,r)\)，它的矩形就是父节点矩形以下，且满足\(x\in[l,r],y>A_u\)的部分 可以用一个线段树来查询矩形内部的点，线段树上每
题目 点这里看题目。 分析 一些简单的转化： 其一，将原先的区间 \([L,R]\) 都变成 \([L,R-1]\) ； 其二，将 \([L_i,R_i]\) 变成 \([L_i-i,R_i-i]\) ，这样就不需要考虑时间的自然流逝了。 考虑一个简单的贪心：维护当前的时间 \(t\) 。如果下一段路的区间为 \([L,R]\) ，那么若 \(t>R\) ，我们
https://www.cnblogs.com/zhoushuyu/p/10585809.html 几乎全都是抄zsy大佬代码的 在atcoder上提交的：https://atcoder.jp/contests/joisc2019/submissions/19770413 考虑不需要堆优化的dijkstra算法 每一轮操作流程如下 A将未确定最短路的点的距离的最小值传给B B将未确定最短路的
传送门 Solution 首先考虑转化题意，以下用\(scc\)指代强连通分量 活动的每一步相同于：如果\(y,z\)在同一个\(scc\)中，\(x\)向\(y\)有连边，那么\(x\)就可以向\(z\)连边。 也就是说，对于一个\(scc\)，如果\(x\)向\(scc\)中连了一条边，那么\(x\)就可以在活动后向\(scc\)中的任何一个点连边。
交互题。有一棵树，需要通过至多\(45000\)次Ask操作确定这棵树的形态。 \(Ask(x,y,P)\)表示只通过集合\(P\)中的点\(x\)和\(y\)是否连通。 每个点的度数至多为\(7\)。 \(n\le 1400\) 自己想出的有77分。 先想链咋做。定义过程\(work(l,r)\)，表示确定夹在\(l\)和\(r\)中的点。将没有
算法1： 考虑没有插入操作怎么办。 先考虑sub3。 定义一个点在边界上：它的右上角没有任何点。 注意到无论怎么进行操作，在边界的点还是会在边界，且顺序不会交换。 所以可以用线段树二分简单维护。 再考虑sub4。 sub4和sub3的区别：在sub3中每个点都在边界上，但是sub4并不。 但是注意到如果
传送门 考虑转化为图的模型，不难发现题目要求的就是总边数。 我们定义两种边： 两个人单向关注：用单向边相连； 两个人互相关注：用双向边相连。 不难发现一个联通块内如果全都由双向边相连，那么就会自动连成一个完全图，它的贡献就是 \(siz(siz-1)\)。 于是我们考虑维护具有这样性质的联通
「JOISC 2016 Day 2」三明治 这题真正让我感受了记搜的强大。 我真的没想过搜索可以过\(400\)的啊喂 对，\(\text{NOI}\)还可以过\(1e5\)呢 解法 一个并不显然的\(n^4\)的做法是枚举每一个点，然后上下左右记忆化搜索。考试的时候觉得难打，但是看完别人的代码之后发现还挺好打的。就是
「JOISC 2020 Day1」建筑装饰 4 传送门 Loj 题解 考虑设\(f_{i,j,k}\)表示到了第\(i\)个位置,用了\(j\)个A,\(k\)个B的可行性,打表发现对于\((i,j)\)的\(k\)是连续的,所以考虑记录: \(l_{i,j}\)表示前\(i\)个位置用了\(j\)个A最少用多少个B,\(r_{i,j}\)同理. 最后输出方案的时候一
参考博文 题目就是让我们求图中满足数值大于等于B的连通块数量 然后我们可以尝试转换为求连通块两端所产生的“谷”的数量，显然一个连通块对谷可以贡献2的答案，最终答案就是谷的数量除以2 （下图为查询$B_i$大小为4时的情况，每一个箭头代表一个谷） 发现每两个数中间的空格都是有可能产
题意:\(n\)行\(m\)列的矩阵\((n,m<=3000)\),在格子里搭一些帐篷.每座帐篷必须占据刚好一个格子.没有两座帐篷会占据同一个格子.每座帐篷在东、南、西、北四个方向之一有一个出入口.帐篷的出入口朝向必须满足以下条件：同一行或同一列的两个帐篷的出入口要相对(例如同一行的两个帐篷,
「JOISC 2014 Day1」巴士走读 将询问离线下来。 从终点出发到起点。 由于在每个点（除了终点）的时间被过来的边固定，因此如果一个点不被新的边更新，是不会发生变化的。 因此可以按照时间顺序，依次提高终点的时间，然后跑dijkstra（记得把访问标记回滚清空掉）。 每条边被跑过了就不再跑了。可以
题意 题目说的很清楚了亚。。把题面再复制一遍吧。 有\(N\)人站在一条数轴上。他们人手一个烟花，每人手中的烟花都恰好能燃烧\(T\)秒。每个烟花只能被点燃一次。 \(1\)号站在原点，\(i\)号(\(1 \leq i \leq N\))到\(1\)号的距离为\(X_i\)。保证\(X_1 = 0\)，\(X_1, X_2, ..., X_N\)单调
点此看题面 大致题意： 给你一张\(DAG\)，多组询问，每次问你在起点不为某些点的前提下，到达给定终点的最大距离是多少。 设阈值 由于限制点数总和与\(n\)同阶，因此容易想到去设阈值。 对于限制点数少于\(\sqrt n\)的询问，首先我们可以\(O(n\sqrt n)\)预处理出对于每个点到其距离前\(\sqrt n
「JOISC 2016 Day 1」棋盘游戏 先判无解：第1,3行有连续的空格或四个角有空格。 然后可以发现有解的情况第1,3行可以在任意时间摆放。 对于某一列，若第2行放有棋子，那么显然可以把棋盘分开两边来计算，然后再排列一下。 所以目前要处理的是一段 第二行都没有棋子的棋盘的方案数。 对于该
题目描述 K 理事长是占卜好手，他精通各种形式的占卜。今天，他要用正面写着 I ，背面写着 O 的卡片占卜一下日本 IOI 国家队的选手选择情况。 占卜的方法如下： 首先，选取五个正整数 A,B,C,D,EA,B,C,D,EA,B,C,D,E； 然后，拿出 A+B+C+D+EA+B+C+D+EA+B+C+D+E 张卡片摆成一排，从左至右摆成 AAA
Solution 像树点染色一样，看到这种到根染色的题目要想到LCT。 每个splay中的点的颜色都是一样的，然后access的时候提取出每一段颜色，用一个树状数组统计答案即可。复杂度是nlog2nn\log^2nnlog2n的。 Code #include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define LL long long #
loj2734 洛谷P3615 不会做... 题解（来自ditoly）： 这一步更详细的解释（来自kkksc03）： 还是从后面推。我们把女性设为+1，男性设为-1，然后从队伍末尾开始开始计算后缀和。一但后缀和到了-2，就说明到了两个男的商量谁去女厕的地步。所以说只要保证后缀和一直大于等于-1，那么这个就一定可以在N分
