https://www.acwing.com/problem/content/1075/ 输出树的中心（该点到树中其他结点的最远距离最近）。 时间复杂度 \(O(n)\)。 #include <bits/stdc++.h> using namespace std; #define LL long long int main(){ ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0); int n; cin >> n; vecto
定义：树中距离最远的两个点的距离 1.双bfs求直径，任意找一个点O，找到离O距离最远的点P，再求出离P最远的点的距离就是树的直径 int bfs(int u) { mesmet(d, -1, sizeof d); int hh = 0, tt = 0; d[u] = 0, q[0] = u; while(hh <= tt) { int t = q
https://www.jb51.net/article/199220.htm 看下面这段代码，将 d1 和 d2 两个浮点数进行比较，输出的结果会是什么？ 1 2 3 double d1 = .1 * 3; double d2 = .3; System.out.println(d1 == d2); 按照正常逻辑来看，d1经过计算之后的结果应该是0.3，最后打印的结果应
这种模板适合把机器人当作一套运动控制单元，顺控逻辑放在PLC里，机器人只做动作逻辑。机器人和PLC通讯可以用profinet，或直接用电缆连接。 下面是PLC和机械手通讯用到的两个任务信号： 信号 说明 D2_Gi_5_8_TaskReceive 机械手从PLC接收的任务号 D2_Go5_8_TaskReceived 机械手
/** * mybatis-plus的listObjs()原理演示 */ @Test public void test2(){ List list = new ArrayList<>(); Dto d1 = new Dto(); d1.setId(1); d1.setName("java"); list.add(d1); Dto d2 = new Dto(); d2.setName("php"); list.add(d2); //相当于getBa
import time import datetime #获取当前的日期时间 n=datetime.datetime.now() print(n) #获取一个指定时间 da=datetime.datetime(2018,2,13,5,23,45) print(da) #日期转字符串 s1=d1.strftime("%Y-%m-%d %H%M%S") print(s1) #字符串转成日期 s2="2018/02/13 05:23:45" datet
python 递归遍历字典并进行断言 在进行子字典 是否包含在 主字典中的断言时，常规的断言方式不太准确，特别是在嵌套字典或列表时，就判断不出理想的效果，在百度好久之后，发现好多人后是先将字典转换成集合，然后在通过子集合是否包含在主集合的形式。因为没有尝试过不知道，是否能校验到字典
VP的。 这场 C 是真的恶心，还好一发过了要不然罚时就更起飞了。 D2 考虑枚举 \([l,r]\)，判断能否使得所有 \(\lfloor\frac{a_i}{p_i}\rfloor\) 都在 \([l, r]\) 范围内。 对于每个 \(a_i,\lfloor\frac{a_i}{p_i}\rfloor\) 只有 \(\sqrt{n}\) 种值，所以这个判断可以用一个桶实现。 注
题目链接 A 水 B 题意 给一个数组 a[n], ai 为 i 处山的高度，可以在相邻两座山峰之间移动，如 ai-->a(i+1), 如果 ai>a(i+1)，会受到伤害 ai - a(i+1),反之没有影响，给定两个点，问从一个点到另一个点受到的伤害最小为多少 思路 记录每两个点之间的伤害，再求前缀和即可，注意要从正反两边分
D2卡空间，但是最后两三分钟的时候优化代码过去了，甚至比D1用的空间还小。 不多不少的2000分，快乐。
Java 中浮点数的注意点 重要的事说三遍！ 最好完全使用浮点数进行比较 最好完全使用浮点数进行比较 最好完全使用浮点数进行比较 先看如下实例： float f = 0.1f;//0.1 double d = 1.0/10;//0.1 System.out.println(f==d);//false f: 0.1 d: 0.1 float d1 = 12312312313132
题面传送门 容易发现三角剖分一定是一个平面图。因此所有边除了在端点不交。 如果我们有一条边，并把这两个点及其相邻的边删去，则会分成两个联通块。如果一个询问的两端点分别在这两个联通块内，则这两个点之间的最短路一定会经过这条边两个端点中的一个。于是我们有了一个类似于分治
问题：隔列求和公式 函数解决 数量小计：=SUMIF(D$1:G$1,"*数量",D2:G2) 金额小计：=SUMIF(D$1:G$1,"*金额",D2:G2)
工具：wps 材料：准备两个表格，一个存储所有题目的表格TK，一个刷题页面SJ 图 1 TK 图 2SJ 步骤： 1.【文件】→【选项】→【重新计算】，选择手动重新计算。主要是表格会有生成随机数的公式，为了在填写答案的时候保留随机生成的题目，设置手动刷
描述 使用每个数字 1, 2, 3,...,D1 恰好一次来形成 D1 数字，有多少可以被 D2 整除。 输入 输入数据将包含多个案例。每个案例将包含两个整数，D1 和 D2。D1 将代表唯一数字的数量（从 1 开始），这将形成数字。3 <= D1 <= 9。D2 代表除数。2 <= D2 <= 50。 输出 每
简介： 提出关系模型的是美国IBM公司的E.F.Codd 1970年提出关系数据模型 之后，提出了关系代数和关系演算的概念 1972年提出了关系的第一、第二、第三范式 1974年提出了关系的BC范式 关系数据结构及形式化定义 关系 单一的数据结构----关系 现实世界的实体以及实体间的各种联系均用关
题意： 给定空的 n×m 棋盘，用 1×2 横骨牌和 2×1 竖骨牌放满棋盘。要求不能重叠且横骨牌的数量恰为 k。 输入 n,m,k。n,m <= 100 思路： n m 不能都为奇数。 若 n 为偶数：先考虑第一列，第一列中被竖骨牌占据的格子数必为偶数，剩下的偶数个格子要放偶数个横骨牌，因此会向第二列 “伸出”
视频链接： #include <cstring> #include <iostream> #include <algorithm> using namespace std; const int N=10010,M=20010; int n,a,b,c,ans; struct edge{int v,w;}; vector<edge> e[N]; int dfs(int x,int fa){ int d1=0,d2=0; for(auto ed
视频链接： #include <iostream> #include <cstring> #include <algorithm> #include <vector> using namespace std; const int N=20010; int n,a,b,c,ans=2e9; struct edge{int v,w;}; vector<edge> e[N]; int d1[N],d2[N],path[N],up[N]; void
<!DOCTYPE html> <html> <head> <style> </style> </head> <body> <div id="d1">a123</div> <div id="d2"> b 123 0 </div> <script>
def is_valid(id): if len(id[1]) == 18 and (id[1][:-1].isdigit() and id[1][-1] in '0123456789X'): return True return False with open('data3_id.txt', 'r', encoding='utf-8') as f: id_name = [(i[:2], i
def is_valid(x): if len(x)!=18: return False for i in x: if not (i.isdigit() or i=='X'): return False else: return True with open('data3_id.txt','r',encoding='utf-8')
<script> /* *Date * - 在JS中使用Date对象来表示一个时间 * */ //创建一个Date对象 //如果直接使用构造函数创建一个Date对象，则会封装成当前代码执行的时间 var d = new Date(); //console.log(d); //创建一个指定的时间对象 //需要在构造
首地址=L，每个元素空间为d，设初始数组为M[d1][d2][d3] 一维：A[i] L+i*d 二维：A[i][j] L+(i*d2+j)*d 三维：A[i][j][k] L+(i*d2*d3+j*d3+k)*d 例如： A【0...5】【-1...3】【-2...4】，首地址为1，每个元素占2个单元，求A【2】【1】【0】的地址 首先可将A转换为B【6】【5】【7】，则所
a1,d1,n1 分别为b首项，公差，总项数 a2,d2,n2 分别为c首项，公差，总项数 首先明确当一个等差数列是另一个等差数列的一部分时，那么前者公差一定是后者公差的倍数 先判断0的情况，当c不是b的一部分时为0，包括两种情况：
