P1941 [NOIP2014 提高组] 飞扬的小鸟 - 洛谷 | 计算机科学教育新生态 (luogu.com.cn) dp[i][j]代表i，j位置的最小答案，如果有解，那么答案为n行的最小值，如果没有，就找到第一个有解的位置（非INF），然后找这一路上一共出现过多少次障碍物 dp过程中有上升和下降两种处理，上升时又分成上升一次
暴露真实水平了，我该怎么办？？？ Day2 A 记 \(F(S)=\sum_{i\in S} a_i\)。 假如能找到两个集合 \(S,T\subseteq [n]\) 使得 \(S\neq T\land F(S)=F(T)\)，那么令 \(S\backslash (S\cap T)\) 中的元素为 \(1\)，\(T\backslash (S\cap T)\) 中的元素为 \(-1\)，其余元素为 \(0\)，这样就构造出了一
消元法： 首先用初等变换化线性方程组为阶梯型方程组，把最后的一些恒等式“0=0”（如果存在的话）去掉。 如果剩下的方程当中最后的一个等式是零等于一非零的数，那么方程组无解，否则有解。 在有解的情况下，如果阶梯型方程组中方程的个数 r 等于未知量的个数 s，那么方程组有唯一解。 如果阶
我踩过的坑 对于数字 \(i\)，若 \(i\) 为奇数，则数字 \(i\) 两次出现位置之差 必须 超过 \(d\)。 对于数字 \(i\)，若 \(i\) 为偶数，则数字 \(i\) 两次出现位置之差 不能 超过 \(d\)。 第一句的要求是：两个出现位置之差要 \(> d\)。 而第二句的要求是：两个出现位置之差 \(\le d\)。
一. 针对一对二元一次方程组，我们可以以x1为x轴，x2为y轴画出相应的直线，那么两条直线就会存在三种情况. 1.两条直线相交，则有关两元的方程可以解出一个解：即唯一解。 2.两条直线平行，则有关两元的方程可以解出来零解。 3.两条直线重合，则有关两元的方程可以求出来无穷多解。 二. 由上面的
引用https://www.1point3acres.com/bbs/thread-748337-1-1.html 1、死磕。很多code和doc，第一遍看不知所云，就硬着头皮，反复一遍遍地看，然后就会发现竟然开始make sense了。就是量变引起质变。你说每天肝12个小时，其实真的不算啥。在一个move fast的地方，你如果不能大量投入，是很难赶
由于两种线段要交替出现，有解的必要条件即为$h=v$（以下均记为$n$） 进一步的，再假设两种线段依次对应于向量$(a_{i},0)$和$(0,b_{i})$，根据题意要求向量长度为给定值且和为0，那么也即有$|a_{i}|=l_{i},|b_{i}|=p_{i}$且$\sum_{i=1}^{n}a_{i}=\sum_{i=1}^{n}b_{i}=0$ 使用背包判定是否存在
由题意可得通过每次操作可以消去$k-1$个数，因此对于$(n-m)\%(k-1)\ne 0$的情况必然是无解的，直接输出$NO$即可考虑消去实现的充要条件：显然消去的最后一步必然是以$b$序列中的某一元素为中位数进行的，即有解的充要条件为可以构造出以下情况：$\exists i\in [1,m]\ ,\ S.t.\ b_i$两侧各有
P4494 [HAOI2018]反色游戏 题意 给你一个无向图，图上每个点是黑色或者白色。你可以将一条边的两个端点颜色取反。问你有多少种方法每个边至多取反一次使得图上全变成白色的点。 思路 若任意一个连通块黑色点的个数为奇数那么无解。 先考虑树的情况。发现如果是树，并且黑点个数为偶数
▎裴蜀定理 这个定理很简洁，就是关于x，y（都是整数）的不定方程在下面的情况下： 必定有解。 这只是个前置知识，就不证明了（主要是小编太菜）。 ▎不定方程 考虑方程ax+by=c的解的情况： 若c=gcd（a，b），那么依照裴蜀定理有解； 若c=k*gcd（a，b），先两边同除k，就会转化成标准形式，有解； 若c
原文链接：http://www.cnblogs.com/BrainDeveloper/archive/2011/10/03/2198486.html 先将24点直接转化为浮点型来运算，这样可以省去除0的处理。 本文中是归一思路，4个数求24点--> 3个数求24点-- 2个数求24点-->1个数是不是24点。 bool chk(double a[],i
先将24点直接转化为浮点型来运算，这样可以省去除0的处理。 本文中是归一思路，4个数求24点--> 3个数求24点-- 2个数求24点-->1个数是不是24点。 bool chk(double a[],int n) { if(n == 1) { if(fabs(a[0]-24) < 10e-12) {cout << a[0] << endl; return 1;} else return 0; } fo
