SAM构成用最少的状态存一个字符串的所有后缀状态对于$S=aabbabd$的后缀自动机发现所有的后缀都能从根节点的一条路线遍历出来发现此时节点最少。所有的子串都能在上面表示出来，且不是子串不存在。绿色虚线是$Link$,一个转移工具。SAM的状态集子串结束位置集合叫$endpos$一个子串$
地址 https://leetcode-cn.com/problems/palindromic-substrings/ 给你一个字符串 s ，请你统计并返回这个字符串中 回文子串 的数目。 回文字符串 是正着读和倒过来读一样的字符串。 子字符串 是字符串中的由连续字符组成的一个序列。 具有不同开始位置或结束位置的子串，即使是由相
E1. Cats on the Upgrade (easy version) 题意 给定一个长度为\(n\)的括号串，\(q\)次询问，问区间\([l,r]\)所表示的子串中有多少个合法的括号子串，保证区间\([l,r]\)所表示的子串是合法括号子串。 分析 认为空串也算作广义的括号串。记广义括号串为RBS，则所有的括号串（不含空串）都有形如
文章目录 前言BF 算法RK 算法总结 前言 从今天开始，我们来学习字符串匹配算法。字符串匹配这样一个功能，我想对于任何一个开发工程师来说，应该都不会陌生。我们用的最多的就是编程语言提供的字符串查找函数，比如 Java 中的 indexOf()，Python 中的 find() 函数等，它们底层就是依
题目：给定一个字符串 s ，请你找出其中不含有重复字符的 最长子串 的长度。 题解：双指针，哈希表 class Solution: def lengthOfLongestSubstring(self, s: str) -> int: hash = {} #定义一个哈希表=散列表=字典，{key:value} l = -1 #左边界left指针还没开始
思路： 采用双指针方法遍历字符串； 1）初始时左右边界指针都指向位置0； 2）边界判断：左元音右缺陷（right++）、左缺陷右元音（left++）、左右都缺陷（left++、right++）、左右都元音（计算缺陷度）； 3）计算元音字串的长度： 1. 先判断当前缺陷度是否满足要求，小于则right++，大于则left++； 2
学 二者取大数Java自带start = Math.max(start, last[index] + 1); 题目 给定一个字符串 s ，请你找出其中不含有重复字符的 最长子串 的长度。 提示： ~~~~ 0 <= s.length
string 类是 STL 中 basic_string 模板实例化得到的模板类。其定义如下： typedef basic_string <char> string; basic_string 此处可以不必深究。string 类的成员函数有很多，同一个名字的函数也常会有五六个重载的版本。篇幅所限，不能将这些原型一一列出并加以解释。这里仅对常用
来源：力扣（LeetCode） 链接：https://leetcode-cn.com/problems/longest-substring-without-repeating-characters/ class Solution: def lengthOfLongestSubstring(self, s: str) -> int: a={} start=res=0 for i in range(len(s)): if
76. 最小覆盖子串 给你一个字符串 s 、一个字符串 t 。返回 s 中涵盖 t 所有字符的最小子串。如果 s 中不存在涵盖 t 所有字符的子串，则返回空字符串 "" 。 注意： 对于 t 中重复字符，我们寻找的子字符串中该字符数量必须不少于 t 中该字符数量。如果 s 中存在这样的子串，我们
构建过程 基数排序 tips：先比较低位，再比较高位 时间复杂度 o(nk) 其中 k 表示位数 思考：如果我把一个串的位数压缩的尽可能小 ？？？ 倍增优化。考虑每一轮让比较的长度变为原来的两倍。 结构 一些应用 先引入两个新的数组：height[i] 表示 sa[i] 和 sa[i-1] 的最长公共前缀，即 lcp(sa[
题目链接 动态规划 class Solution { public: string longestPalindrome(string s) { int begin=0; int n=s.size(); int Max=1; vector<vector<int>>dp(n,vector<int>(n)); if(n<2){ return s;
思路是这样的 我们考虑二分答案串 然后对于每个后缀，找到最近的至少要切割的位置 大概转化出来就是叫你在 [l,r] 内必须切一刀 （这个都会吧） 关键在于怎么二分。 理论上本质不同的子串只有 o(n^2) 个，但是暴力对每个子串排序的复杂度非常高 所以二分排名。 那么考虑在 sa 数组中
对给定的字符串，本题要求你输出最长对称子串的长度。例如，给定Is PAT&TAP symmetric?，最长对称子串为s PAT&TAP s，于是你应该输出11。 输入格式： 输入在一行中给出长度不超过1000的非空字符串。 输出格式： 在一行中输出最长对称子串的长度。 样例：">输入样例： Is PAT&TAP symmetric? 输
链接 P2408 题意 给你一个长为 \(n\) 的字符串 \(S\)，求本质不同的子串的个数。 分析 这是一个经典字符串问题。我们难以用 kmp 或 ac 自动机来做，所以只能考虑把 \(S\) 的 SA 跑出来。
给定一个字符串 s，统计并返回具有相同数量 0 和 1 的非空（连续）子字符串的数量，并且这些子字符串中的所有 0 和所有 1 都是成组连续的。 重复出现（不同位置）的子串也要统计它们出现的次数。 来源：力扣（LeetCode） 链接：https://leetcode-cn.com/problems/count-binary-substrings 著作权归领
一.oj补题 1. Distinct Sub-palindromes 思路借用这位xiongyuqing博主的文章： Distinct Sub-palindromes_xiongyuqing的博客-CSDN博客https://blog.csdn.net/qq_45364953/article/details/107498968?ops_request_misc=%257B%2522request%255Fid%2522%253A%2522164264199216780271
题目描述 本题为代码补全填空题，请将题目中给出的源代码补全，并复制到右侧代码框中，选择对应的编译语言（C/Java）后进行提交。若题目中给出的源代码语言不唯一，则只需选择其一进行补全提交即可。复制后需将源代码中填空部分的下划线删掉，填上你的答案。提交后若未能通过，除考虑填空部分出
Asterix，Obelix和他们的临时伙伴Suffix、Prefix已经最终找到了和谐寺。然而和谐寺大门紧闭，就连Obelix的运气也没好到能打开它。 不久他们发现了一个字符串S（|S|<=1000000），刻在和谐寺大门下面的岩石上。Asterix猜想那一定是打开寺庙大门的密码，于是就大声将字符串朗读了出来，然而并没
剑指Offer 19.正则表达式匹配 示例 1: 输入: s = “aa” p = “a” 输出: false 解释: “a” 无法匹配 “aa” 整个字符串。 示例 2: 输入: s = “aa” p = “a*” 输出: true 解释: 因为 ‘*’ 代表可以匹配零个或多个前面的那一个元素, 在这里前面的元素就是 ‘a’。因
题目 题目描述 如果字符串中存在子串"cake"（小写字母），则称此串为蛋糕串。 给出n个字符串，如果所给的串为蛋糕串，则将蛋糕切除（即将"cake"删除）。将所有蛋糕串的剩余部分依次合并在一起，连成一个字符串并输出。 输入格式 第一行为一个正整数n（n ≤ 10000）。 接下来n行，每行为一个字符串（
题目描述 对于一个字符串 SS，我们定义 SS 的分值 f(S)f(S) 为 SS 中恰好出现一次的字符个数。例如 f(aba) = 1，f(abc) = 3, f(aaa) = 0f(aba)=1，f(abc)=3,f(aaa)=0。 输入描述 输入一行包含一个由小写字母组成的字符串 S。 输出描述 输出一个整数表示答案。 输入输出样例
无重复字符的最长字串 题目描述分析及代码 题目描述 给定一个字符串 s ，请你找出其中不含有重复字符的 最长子串 的长度。 示例 1: 输入: s = “abcabcbb” 输出: 3 解释: 因为无重复字符的最长子串是 “abc”，所以其长度为 3。 示例 2: 输入: s = “bbbbb” 输出: 1 解释:
一、题目 给定一个非空的字符串，判断它是否可以由它的一个子串重复多次构成。给定的字符串只含有小写英文字母，并且长度不超过10000。 示例 1: 输入: "abab" 输出: True 解释: 可由子字符串 "ab" 重复两次构成。 示例 2: 输入: "aba" 输出: False 二、解法 暴力： 若为true，则该子
无重复字符的最长子串长度 给定一个字符串 s ，请你找出其中不含有重复字符的 最长子串 的长度。 示例 1: 输入: s = "abcabcbb" 输出: 3 解释: 因为无重复字符的最长子串是 "abc"，所以其长度为 3。 示例 2: 输入: s = "bbbbb" 输出: 1 解释: 因为无重复字符的最长子串是 "b"，所以其
