@目录1、位置订阅周期2、全局配置2.1、基础配置-信令服务配置2.2、信令服务配置-显示更多配置3、搭建GB28181视频直播平台 1、位置订阅周期 位置订阅周期配置后，可以收到下级上报的通道状态的变化，之前介绍过，可以通过国标设备菜单，单独编辑设备配置订阅周期，开启位置订阅。 LiveGBS国
题目 给你一个非负整数数组 nums ，你最初位于数组的第一个位置。 数组中的每个元素代表你在该位置可以跳跃的最大长度。 你的目标是使用最少的跳跃次数到达数组的最后一个位置。 假设你总是可以到达数组的最后一个位置。 误区 1. 是否贪心 可以通过是否有反例来证明可贪心 2.
如果 dp 方程需要你从一个区间的 dp 数组的值中选择某些最大值，那么太好了，dp 方程设定的这个区间相当于滑动窗口，需要最大最小值都可以用单调队列优化。 P2627 [USACO11OPEN]Mowing the Lawn G 不能选超过 \(k\) 个奶牛，那么状态中必定要有关于是否被选的一维。一开始我想的是 \(dp_{
来源：www.cnblogs.com/Courage129/p/14337466.html 大家都知道,在计算机中,IO一直是一个瓶颈,很多框架以及技术甚至硬件都是为了降低IO操作而生,今天聊一聊过滤器,先说一个场景: 我们业务后端涉及数据库,当请求消息查询某些信息时,可能先检查缓存中是否有相关信息,有的话返回,如果
Problem - 1697C - Codeforces 题目大意 给字符串s和t。现有两种操作，操作1使“ab”变成“ba”，操作2使“bc”变成“cb”。问经过若干次操作后s有无可能变成t。 思路和代码 将两个字符串一位一位进行匹配。然后就有四种情况： s_i==t_i 则匹配 s_i == 'a' and t_i == 'b' 则表明i位
错排 次次做，次次忘，次次WA 问题描述： n个人，n个帽子，每个人对应唯一的一顶帽子。问使得每个人都戴着不属于自己的帽子的方案数。 解题思路 设\(Dp[i]\) 表示i个人错排的方案，则转移方程为\(Dp[i] = (n-1)*(Dp[i-1] + Dp[i-2])\) 考虑，前i个已经错排好了，现要新加入第i+1个。 将第i+1个
1、位置变量 位置变量并不是用户自定义的，而在shell中可以直接使用，这样一些约定俗成的规则就可以了。 定义：当一条命令或脚本执行时，后面可以跟多个参数，我们使用位置参数变量来表示这些参数 2、位置参数变量 $n : n为数字， $0代
一个很经典的问题。 首先要明确错排问题只和元素个数有关（只要元素互不相同），于是考虑递推。对于第i个元素放在哪里有两种决策，一种是放置的位置上面有一个本就不属于它的元素，另一种是干得漂亮刚好一互换就顶掉了那个位置原来的数，两种决策分别有 i-1 种可能（毕竟你总要选出一个位置来霍
绘制位置 for (int k=0;k<drawIndexRoutePoints.size();k++) { QVector<QPoint> drawRoutePoints = drawIndexRoutePoints.at(k); for (QPoint indexPoint : drawRoutePoints) { mainPainter.drawEllipse(indexPoint.x(), indexPoint.y(), 6, 6);
1.charAt [index] 2.charCodeAt 3.String.fromCharCode 4.indexOf(参数1，参数2) 找到返回字符下标 找不到返回-1 参数1:被查询的字符 参数2：开始位置，默认从0开始 indexOf(2) 返回被查询字符的下标 indexOf(2，4)从下标4的位置开始查询字符“2” 5.lastindexOf() 最后
题目表述 编写一个函数，不用临时变量，直接交换numbers = [a, b]中a与b的值。 示例： 输入: numbers = [1,2] 输出: [2,1] 位运算 nums[0]存放两数异或的结果 nums[1]1位置数异或两次为0,故只剩0位置数 nums[0]0位置数异或两次为0,故只剩1位置数 class Solution { public i
https://blog.csdn.net/mingyuli/article/details/81604795 a='python' b=a[::-1] print(b) #nohtyp c=a[::-2] print(c) #nhy #从后往前数的话，最后一个位置为-1 d=a[:-1] #从位置0到位置-1之前的数 print(d) #pytho e=a[:-2] #从位置0到位置-2之前的数 print(
cc.moveTo(2, 100, 100) // 移动到目标位置，也就是说，无论我们的想要移动的目标处于什么位置，执行这个动作后，都会在 2s 的时间内移动到 x = 100，y = 100 的这个位置。参数可以是2 ~ 3个参数，如果是两个参数，则表示在 y轴 的方向上没有效果。 cc.moveBy(2, 100, 100) // 移动指定
今天开始搞这个东西，下面是详细的记录 先看一下效果啦 1.小程序代码先获取用户基础位置信息 js data: { myLocation: 'GET LOCATION', }, openMap() { var myThis = this wx.getLocation({ type: 'gcj02', // 默认为 wgs84 返回 gps 坐标，gcj02 返回可用于
先看两段代码 有人多人都说#是取表的长度，遇到nil就停止了，但是从这里发现，其实并不是这样的。 高人指导说其实#的底层是一个二分查找，因为一个alimit的字段，产生了两种不同的算法， 导致这两个表的长度取的都不一样。 而table.insert插入的默认位置是#tab+1的位置，这也就是为
HN 省队集训 DAY1 array 没看懂题解？ difference 给定一个数组，数组中的元素都为正整数，下标从 0 开始编号，它们 互不相同 ，可以执行两种操作来确定数列 \(a\) 中的元素 给定一个位置，交互器返回这个位置的值（最多执行 2 次） 给定一个集合 \(S\) ，交互器会以任意顺序返回集合内元素两两
#include<stdio.h> #include<stdlib.h> #define MAXSIZE 20 typedef int ElemType; typedef struct { ElemType elem[MAXSIZE]; int length; }SeqList;//定义一个顺序表 SeqList *L; //初始化顺序表 void init_SeqList(SeqList *L) { L->length=0;//长度为0，顺序表自
一个房间里有 n 个座位和 n 名学生，房间用一个数轴表示。给你一个长度为 n 的数组 seats ，其中 seats[i] 是第 i 个座位的位置。同时给你一个长度为 n 的数组 students ，其中 students[j] 是第 j 位学生的位置。 你可以执行以下操作任意次： 增加或者减少第 i 位学生的位置，每次变化量
需求: 篮球游戏中，做某些动作的时候下半身使用跑步动作，只有上半身使用这些动作。 表现: 球的位置没有正确地跟手。 原因: 1. 球的挂点是球员骨骼根节点的一个直接子节点。 2. 上下半身分离的mask中，上半身的mask理论上应该包含球的挂点。 3. 球员的腰部甚至骨盆的旋转
大家都知道,在计算机中,IO一直是一个瓶颈,很多框架以及技术甚至硬件都是为了降低IO操作而生,今天聊一聊过滤器,先说一个场景: 我们业务后端涉及数据库,当请求消息查询某些信息时,可能先检查缓存中是否有相关信息,有的话返回,如果没有的话可能就要去数据库里面查询,这时候有一个
\({\LaTeX \, \TeX \, \LaTeX \, \TeX \, \LaTeX \, \TeX \, \LaTeX \, \TeX \,}\) WintersRain: 為什麼要用繁體啊？ Me: 比較好 WintersRain: 比較♂♂♂♂♂♂ Me: ...... 昨天留的坑，今天補一下） \(SubTask\) 是個什麼玩意） 這次的題確實比較難，具體剖析一下 T1. 交通 題解做法太n
作者: Grey 原文地址：最长有效括号的问题 题目链接 LeetCode 32. 最长有效括号 主要思路 设置dp数组，长度和原始字符串的长度一样， dp[i]表示：必须以i位置字符结尾的字符串的最长有效括号子串的长度是多少。 显然有： dp[0] = 0; // 必须以0位置的字符结尾的最长有效括号子串是0 dp[1] =
relative: 相对定位 相对于自己本身在正常文档流中的位置进行定位 相对它原来的位置。原来在标准流中的位置继续占有。 absolute: 绝对定位 相对于最近一级定位不为static的父元素进行定位。（子决父相）。 fixed: （老版本IE不支持）固定定位 相对于浏览器窗口或者frame进行定位
谜题 奥山的解谜 恶魔猎手(左上角) 1.进入谜题后查看场上7个随从初始的生命值，并通过在附件中的谜题位置参照表根据生命值来找到每个随从的初始位置，记下每个随从的位置。 位置参照表 2.第一回合直接点击结束回合，然后每个随从会获得一个新的生命值，找到新的对应位置。3.检查每
Tokitsukaze and Permutations 题目链接：luogu CF1677D 题目大意 定义把一个排列 p 进行一次操作就是从 1 到 n 一次判断如果 i 这个位置大于 i+1 这个位置就交换两个位置的值。 然后我们把一个排列要进行 k 次操作，然后对于每个位置求出前面有多少个比它大的，从而得到一个新的数组 a
