标签:15 int 对角线 DFS 问题 棋子 dfs 逐句 -------------------------
在dfs问题中,最经典的问题莫过于8皇后问题(是吗? ),对于何为8皇后问题,在这里就不做赘述(你就是懒 )。在本篇博客中,我们将就8皇后问题的变种问题n皇后问题进行分析。
首先上题目 题目链接Acwing 棋盘问题
给定一个 N×N 的棋盘,请你在上面放置 N 个棋子,要求满足:
每行每列都恰好有一个棋子
每条对角线上都最多只能有一个棋子
1 2 3 4 5 6
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1 | | O | | | | |
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2 | | | | O | | |
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3 | | | | | | O |
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4 | O | | | | | |
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5 | | | O | | | |
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6 | | | | | O | |
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上图给出了当 N=6 时的一种解决方案,该方案可用序列 2 4 6 1 3 5 来描述,该序列按顺序给出了从第一行到第六行,每一行摆放的棋子所在的列的位置。
请你编写一个程序,给定一个 N×N 的棋盘以及 N 个棋子,请你找出所有满足上述条件的棋子放置方案。
输入格式
共一行,一个整数 N。
输出格式
共四行,前三行每行输出一个整数序列,用来描述一种可行放置方案,序列中的第 i 个数表示第 i 行的棋子应该摆放的列的位置。
这三行描述的方案应该是整数序列字典序排在第一、第二、第三的方案。
第四行输出一个整数,表示可行放置方案的总数。
数据范围
6≤N≤13
这题比起8皇后问题增加了一点难度,就在于需要对于前三种答案进行输出。(但其实也没难多少)因此我们需要用到一个数组来暂时存下我们的前三个答案。
在看代码之前,我们需要了解一个芝士点(芝士?哪有芝士? )
1、在某条主对角线上,行坐标减列坐标的值是一个常量(在下方代码中体现为i+j-2为定值,至于为什么减2,是因为减2后和的最小值为0,方便)
2、在某条副对角线上,行坐标加列坐标的值是一个常量(在下方代码中体现为n - 1 + i - j,理由同上,最小值为0,方便嘛)
上代码!!!!!
#include<iostream> //不用解释吧
using namespace std; //也不要解释吧
int n; //同上
int a[15][15]; //这是棋盘
int cl[15]; //检查同一列有没有放棋子,没放就是0
int cd[30]; //检查主对角线
int cdl[30]; //检查副对角线
int p[15]; //用来暂时存下当前答案
int ans; //存下方案总数,即答案
void dfs(int i) //i代表第i行
{
if (i > n)如果搜索完每一行了
{
ans++; //答案总数加一
if (ans <= 3) //如果答案序号小于3
{
for (int i = 1; i <= n; i++) //输出方案的具体情况
{
cout << p[i] << ' ';
}
cout << endl;
}
return; //搜索完啦,返回上一个情况吧
}
for (int j = 1; j <= n; j++) //搜索这一行的每一个数据看符不符合要求
{
if (!cl[j] && !cd[i + j - 2] && !cdl[n - 1 + i - j]) //如果符合
{
p[i] = j; //记下第i行是第j个放下了棋子
cl[j] = 1; //下面三行用来记录现在这个棋子的列,对角线都已经不能再放棋子了
cd[i + j - 2] = 1;
cdl[n - 1+i - j]=1;
dfs(i + 1); //这一行放完了不能再放了,开始在这第i行第j个放下棋子的前提下搜索下一行
cl[j] = 0; //搜索完第i行第j列放棋子的所有后续情况后,拿走,时光回溯,看看这第i行还有没有其它格子可以放棋子
cd[i + j - 2] = 0;
cdl[n - 1 + i - j] = 0;
p[i] = 0;
}
}
}
int main()
{
cin >> n; //输入
dfs(1); //调用dfs函数搜索第一行
cout << ans; //输出答案个数
return 0; //收工,睡觉去啦
}
输入样例
6
输出样例
2 4 6 1 3 5
3 6 2 5 1 4
4 1 5 2 6 3
4
到这里,n皇后问题就这么解决啦,很简单是不是(哪有?爬! )
作者:Avalon Demerzel,是个正在不断努力学习的小白,如果觉得博客不错,就来个三连吧(点个赞也行)。让我们一起进步。
标签:15,int,对角线,DFS,问题,棋子,dfs,逐句,------------------------- 来源: https://blog.csdn.net/qq_49688477/article/details/115217800
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