ICode9
精准搜索请尝试： 精确搜索
首页
编程语言>
数据库
系统相关
互联网
其他分享
Python
Java
JavaScript
android
PHP
首页 > 其他分享> 文章详细

Codeforces Round #817 (Div. 4)

2022-08-31 09:00:14  阅读：182  来源： 互联网

标签：int ll Codeforces long && ans Div void 817


CF传送门

因为洛谷题库未更新，所以给出的题面都是CF的。

现场打真是太卡了（梯子挂了，codeforc.es也崩了），所以五六分钟才打开题目 \(qwq\)

A. Spell Check

萌萌题，把字符串放桶里，判名字每个字母是否恰好出现一次即可。

\(9min\) \(AC\) \(qwq\) 都怪CF

Code:

#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
string s;
int t[150],T,n;
void solve(){
	scanf("%d",&n);
	cin>>s;
	memset(t,0,sizeof(t));
	for(int i=0;i<n;i++) t[s[i]]++;
	if(t['T']==1&&t['i']==1&&t['m']==1&&t['u']==1&&t['r']==1&&n==5) printf("YES\n");
	else printf("NO\n");
}
int main(){
	scanf("%d",&T);
	while(T--) solve();
    return 0;
}

B. Colourblindness

萌萌题\(\times 2\)，将 \(G\) 和 \(B\) 视为相同，然后比一下两个字符串即可。

\(15min\) \(AC\)

Code:

#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
string s1,s2;
int T,n;
bool a[105],b[105];
void solve(){
	scanf("%d",&n);
	cin>>s1>>s2;
	memset(a,0,sizeof(a));
	memset(b,0,sizeof(b));
	for(int i=0;i<n;i++){
		if(s1[i]=='R') a[i]=1;
		if(s2[i]=='R') b[i]=1;
	}
	for(int i=0;i<n;i++){
		if(a[i]!=b[i]){
			printf("NO\n");
			return ;
		}
	}
	printf("YES\n");
}
int main(){
	scanf("%d",&T);
	while(T--) solve();
    return 0;
}

C. Word Game

用三个 \(map\) 表示三个人每次用到过的字符串，然后分别判断其他两人有没有用过，并计算答案即可。

\(25min\) \(AC\)

Code:

#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
int T,n;
string s1[1005],s2[1005],s3[1005];
int ans1,ans2,ans3;
void solve(){
	scanf("%d",&n);
	map<string,bool> a,b,c;
	ans1=ans2=ans3=0;
	for(int i=1;i<=n;i++) cin>>s1[i],a[s1[i]]=1;
	for(int i=1;i<=n;i++) cin>>s2[i],b[s2[i]]=1;
	for(int i=1;i<=n;i++) cin>>s3[i],c[s3[i]]=1;
	for(int i=1;i<=n;i++){
		if(b[s1[i]]+c[s1[i]]==0) ans1+=3;
		else if(b[s1[i]]+c[s1[i]]==1) ans1+=1;
	}
	for(int i=1;i<=n;i++){
		if(a[s2[i]]+c[s2[i]]==0) ans2+=3;
		else if(a[s2[i]]+c[s2[i]]==1) ans2+=1;
	}
	for(int i=1;i<=n;i++){
		if(b[s3[i]]+a[s3[i]]==0) ans3+=3;
		else if(b[s3[i]]+a[s3[i]]==1) ans3+=1;
	}
	printf("%d %d %d\n",ans1,ans2,ans3);
}
int main(){
	scanf("%d",&T);
	while(T--) solve();
    return 0;
}

D. Line

首先可以知道，左半边的 \(L\) 改为 \(R\) 可以使答案更优，右半边的 \(R\) 改为 \(L\) 可以使答案更优。

所以只要先算出初始的答案，然后 \(l,r\) 从两边往中间扫，发现可以改的就更新答案并输出，同时 \(cnt\) 记着更新了几次。最后 \(cnt\) 还不到 \(n\) 的话说明已经最优不用改了，输出 \(n-cnt\) 次最终答案即可。

几个不等号注意一下即可。

\(41min\) \(AC\) \(qwq\)

Code:

#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
int T,n;
ll ans;
string s;
void solve(){
	scanf("%d",&n);
	cin>>s;
	ans=0;
	for(int i=0;i<n;i++){
		if(s[i]=='L') ans+=(ll)i;
		else ans+=(ll)n-(ll)i-1ll;
	}
	int cnt=0,now=0;
	for(int l=0,r=n-1;l<=n/2,r>=n/2;l++,r--){
		if(s[l]=='L'){
			now++;
			ans-=(ll)l;
			ans+=(ll)n-(ll)l-1ll;
		}
		if(now>cnt){
			cnt=now;
			printf("%lld ",ans);
		}
		if(s[r]=='R'){
			now++;
			ans+=(ll)r;
			ans-=(ll)n-(ll)r-1ll;
		}
		if(now>cnt){
			cnt=now;
			printf("%lld ",ans);
		}
	}
	for(int i=1;i<=n-cnt;i++) printf("%lld ",ans);
	printf("\n");
}
int main(){
	scanf("%d",&T);
	while(T--) solve();
    return 0;
}

E. Counting Rectangles

数据范围要求 \(O(1)\) 查询，所以一眼矩阵前缀和。

只需要预处理出 \(1000 \times 1000\) 范围内的 \(sum[i][j]\)，表示 \(i\times j\) 的矩形可以容纳的答案即可。

同时注意，可能有重复的边长（如样例最后一组），所以 \(sum\) 初始时要 \(+=\)

但是这个菜ji赛时输出的调挂了喜提 WA

Code:

#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
int T,n,q;
ll sum[1005][1005],x,y;
void solve(){
	memset(sum,0,sizeof sum);
	scanf("%d%d",&n,&q);
	for(int i=1;i<=n;i++){
		scanf("%lld%lld",&x,&y);
		sum[x][y]+=x*y;
	}
	for(int i=1;i<=1000;i++){
		for(int j=1;j<=1000;j++) sum[i][j]+=sum[i-1][j]+sum[i][j-1]-sum[i-1][j-1];
	}
	for(int i=1;i<=q;i++){
		int u,v,w,z;
		scanf("%d%d%d%d",&u,&v,&w,&z);
		printf("%lld\n",sum[w-1][z-1]+sum[u][v]-sum[u][z-1]-sum[w-1][v]);
	}
}
int main(){
	scanf("%d",&T);
	while(T--) solve();
	return 0;
}

F. L-shapes

其实这题根本不用搜索，有耐心即可。

可以发现，在 \(n\times m\) 范围内扫，可能合法的只有以下四种情况，其中蓝色代表示是 *，红色表示不能是 *，其中黄色五角星表示当前 \(i,j\) 的位置。

所以只要把 * 标记为 \(1\)，全图扫一遍，发现合法就给它变 \(0\)，看最后有没有 \(1\) 剩余即可。

因为 \(E\) 卡太久，\(1h\) \(45min\) 才 \(AC\) \(qwq\)

Code：

#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
int T,n,m,a[55][55];
char c;
void search(int i,int j){
	if(a[i+1][j]&&a[i+1][j+1]&&!a[i-1][j-1]&&!a[i-1][j]&&!a[i-1][j+1]&&
	   !a[i][j-1]&&!a[i][j+1]&&!a[i][j+2]&&!a[i+1][j-1]&&!a[i+1][j+2]&&
	   !a[i+2][j-1]&&!a[i+2][j]&&!a[i+2][j+1]&&!a[i+2][j+2]){
		a[i][j]=a[i+1][j]=a[i+1][j+1]=0;
		return ;
	}
	if(a[i+1][j-1]&&a[i+1][j]&&!a[i-1][j-1]&&!a[i-1][j]&&!a[i-1][j+1]&&
	   !a[i][j-2]&&!a[i][j-1]&&!a[i][j+1]&&!a[i+1][j-2]&&!a[i+1][j+1]&&
	   !a[i+2][j-2]&&!a[i+2][j-1]&&!a[i+2][j]&&!a[i+2][j+1]){
		a[i][j]=a[i+1][j-1]=a[i+1][j]=0;
		return ;
	}
	if(a[i][j+1]&&a[i+1][j+1]&&!a[i-1][j-1]&&!a[i-1][j]&&!a[i-1][j+1]&&
	   !a[i-1][j+2]&&!a[i][j-1]&&!a[i][j+2]&&!a[i+1][j-1]&&!a[i+1][j]&&
	   !a[i+1][j+2]&&!a[i+2][j]&&!a[i+2][j+1]&&!a[i+2][j+2]){
		a[i][j]=a[i][j+1]=a[i+1][j+1]=0;
		return ;
	}
	if(a[i][j+1]&&a[i+1][j]&&!a[i-1][j-1]&&!a[i-1][j]&&!a[i-1][j+1]&&
	   !a[i-1][j+2]&&!a[i][j-1]&&!a[i][j+2]&&!a[i+1][j-1]&&!a[i+1][j+1]&&
	   !a[i+1][j+2]&&!a[i+2][j-1]&&!a[i+2][j]&&!a[i+2][j+1]){
		a[i][j]=a[i][j+1]=a[i+1][j]=0;
		return ;
	}
}
void solve(){
	scanf("%d%d",&n,&m);
	memset(a,0,sizeof(a));
	for(int i=1;i<=n;i++){
		for(int j=1;j<=m;j++){
			cin>>c;
			if(c=='*') a[i][j]=1;
		}
	}
	for(int i=1;i<=n;i++){
		for(int j=1;j<=m;j++){
			if(a[i][j]==1) search(i,j);
		}
	}
	for(int i=1;i<=n;i++){
		for(int j=1;j<=m;j++){
			if(a[i][j]==1){
				printf("NO\n");
				return ;
			}
		}
	}
	printf("YES\n");
}
int main(){
	scanf("%d",&T);
	while(T--) solve();
    return 0;
}

G. Even-Odd XOR

巧妙的构造。赛时来不及了

应该有很多种方法，说一下我的想法。

首先发现从 \(0\) 开始排的有序数列，它的奇数位、偶数位的异或和很有特点（可以手算）。只要有办法让他们都等于 \(0\) 就是合法的答案了。

同时可以得知，要使 \(x_1\) 到 \(x_n\) 的异或和为 \(0\)，只需要 \(x_1\) 到 \(x_{n-1}\) 的异或和等于 \(x_n\) 即可。

所以计一个 \(k\) 表示 \(0\) 到 \(n-1\) 的异或和放在最后，但发现这样能会出现重复数字，比如 \(0\) 到 \(7\) 异或和为 \(0\)，数列出现两个 \(0\) 就不合法了。

所以想到搞两个大数，比如 \(x=2^{24}\) 和 \(y=2^{25}\)，各放在奇、偶位，同时将得到的 \(k\oplus x\oplus y\) ,答案就还是合法的且不会重复。多出两个数怎么办？\(0\) 到 \(n-1\) 改为到 \(n-3\) 即可。

Code：

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int T,n,k;
void solve(){
	scanf("%d",&n);
	k=0;
    for(int i=0;i<n-3;i++){
		printf("%d ",i);
		k^=i;
	}
	int x=1<<24,y=1<<25;
	printf("%d %d %d\n",k^x^y,x,y);
}
int main(){
	scanf("%d",&T);
	while(T--) solve();
	return 0;
}

G L & H F !

标签：int,ll,Codeforces,long,&&,ans,Div,void,817
来源： https://www.cnblogs.com/binary1110011/p/16641729.html

本站声明： 1. iCode9 技术分享网（下文简称本站）提供的所有内容，仅供技术学习、探讨和分享；
2. 关于本站的所有留言、评论、转载及引用，纯属内容发起人的个人观点，与本站观点和立场无关；
3. 关于本站的所有言论和文字，纯属内容发起人的个人观点，与本站观点和立场无关；
4. 本站文章均是网友提供，不完全保证技术分享内容的完整性、准确性、时效性、风险性和版权归属；如您发现该文章侵犯了您的权益，可联系我们第一时间进行删除；
5. 本站为非盈利性的个人网站，所有内容不会用来进行牟利，也不会利用任何形式的广告来间接获益，纯粹是为了广大技术爱好者提供技术内容和技术思想的分享性交流网站。

关于我们 | 联系我们 | 留言反馈

专注分享技术，共同学习，共同进步。侵权联系[81616952@qq.com]

Copyright (C)ICode9.com, All Rights Reserved.

ICode9版权所有