标签：普及 vc 试题 int 复杂度 GG fa ls include
1.找gg
这个就是直接用字符串做就好了，注意对大小写不敏感，所以要先把所有的大写字母换成小写的（或者倒过来也行）。
时间复杂度是 \(O(n)\) 的。
代码：
#include <iostream>
#include <cstring>
using namespace std ;
int n , p[200005] , tot ;
char a[200005] ;
int main ( ) {
cin >> ( a + 1 ) ;
n = strlen ( a + 1 ) ;
for ( int i = 1 ; i <= n ; ++ i )
if ( a [ i ] >= 'A' && a [ i ] <= 'Z' )
a [ i ] += 'a' - 'A' ;
for ( int i = 1 ; i < n ; ++ i ) {
if ( a [ i ] == 'g' && a [ i + 1 ] == 'g' )
p [ ++ tot ] = i ;
}
cout << tot << "\n" ;
for ( int i = 1 ; i <= tot ; ++ i )
cout << p [ i ] << " " ;
cout << "\n" ;
return 0 ;
}
2.世界末日
由于每个人每个时刻都会向上走，所以我们拿一个数组用来存现在还在树上的人，然后每次让他们所在的节点调到他们的父亲上。
如果某一时刻，一个点出现了两个人，那么就删去小的那个位置，另一个值减掉小的那个值。继续放回数组就好了。
数据范围很小，时间复杂度：\(O(n^2)\)。
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <vector>
using namespace std ;
const int N = 20005 ;
int n , m , a[N] , fa[N] ;
vector < pair < int , int > > vc ;
int calc ( int x , int y ) {
if ( x > y ) return x - y ;
return y - x ;
}
int main ( ) {
cin >> n >> m ;
for ( int i = 1 ; i <= n ; ++ i ) {
int ls , rs ;
cin >> ls >> rs ;
if ( ls ) fa [ ls ] = i ;
if ( rs ) fa [ rs ] = i ;
}
for ( int i = 1 ; i <= m ; ++ i ) {
int x , k ;
cin >> x >> k ;
a [ x ] = k ;
vc .push_back ( { x , k } ) ;
}
while ( m > 1 ) {
memset ( a , 0 , sizeof ( a ) ) ;
for ( auto u : vc ) {
int x = u .first , k = u .second ;
if ( x != 1 )
x = fa [ x ] ;
if ( a [ x ] )
a [ x ] = calc ( a [ x ] , k ) ;
else a [ x ] = k ;
}
vc .clear ( ) ;
m = 0 ;
for ( int i = 1 ; i <= n ; ++ i )
if ( a [ i ] != 0 )
vc .push_back ( { i , a [ i ] } ) , ++ m ;
}
cout << a [ 1 ] << "\n" ;
return 0 ;
}
3.
4.
感觉是一个标准的dp题。
首先是先对权值 \(a\) 跑一个最短路是没啥问题的，然后可以生成一个 dag 的东西。
考虑接下来怎么做，因为它有模数，所以直接做肯定是不行的。
但是可以注意到的是 \(k\) 的范围很小，所以可以直接暴力把 \(1\sim k\) 中的每个数给记录下来，然后在 dag 上做dp。
设 \(f[i][j]\) 表示在节点 i 上，是否存在一种方案满足到这个节点的路径之和取模之后的值为 \(j\)。
转移方程式就是：对一条 \(u\to v\) ，权值为 \(b_i\) 的连边。
时间复杂度为：\(O(m\log m+nk)\)。
标签：普及,vc,试题,int,复杂度,GG,fa,ls,include 来源： https://www.cnblogs.com/linghuabaobao/p/16448784.html
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