标签:10 递归 Offer int 复杂度 memory 力扣 计算 fib
题目
思路1(递归 / 自顶向下)
这题就是和上一题剑指 Offer 10- I. 斐波那契数列基本一模一样,都是 fib(n) = fib(n-1) + fib(n-2)
这个递推公式,只是初始条件不一样啦:上一题是 0、1、1、2...
,而本题是 1、1、2、3、5...
-
这题是很常见的一道入门递归题,可以采用自顶向下的递归方法,比如我们要求第
n
个位置的值,根据斐波那契数列的定义fib(n) = fib(n-1) + fib(n-2)
,即等于前一个和前前一个两个的值之和 -
但是如果直接递归,会导致很多重复的计算,效率很低,比如
n
为 5 时:-
fib(5)
为fib(4)
和fib(3)
两个值之和 -
然后
fib(4)
又等于fib(3)
和fib(2)
两个值之和。注意,fib(3)
在上一步已经求过了,这里还要再求一次 -
另一个
fib(3)
即为fib(2)
和fib(1)
两个值之和,同样,fib(2)
,也被求过了 -
……
-
-
根据上面例子我们可以发现这样子会导致很多多余的计算,做无用功,也会出现由于
n
的增大导致计算量急剧增大。因此我们可以将这个算法优化一下,就是添加一个表格memory
来记录计算过的值,在每次递归的时候,判断一下之前是否计算过了,如果发现计算过了,直接返回数组中对应的值,否则就计算一下,然后记录到memory
表格里
代码
class Solution {
int[] memory;
public int numWays(int n) {
memory = new int[n+1];
return help(n);
}
public int help(int n) {
// 递归结束的条件
if (n <= 1) {
return 1;
}
// 判断是否计算过了
if (memory[n] != 0) {
return memory[n];
}
// 没有在 memory 中找到就计算一下,然后在记录到 memory 中
int i = help(n - 1) + help(n - 2);
i %= 1000000007;
memory[n] = i;
return memory[n];
}
}
复杂度分析
- 时间复杂度:\(O(N)\)
- 空间复杂度:\(O(N)\)
思路2(迭代 / 动态规划)
- 同样,根据斐波那契数列定义,可以发现第
n
个的值为前两个值之和,因此我们可以从第一个开始计算,循环计算到n
就得到了结果,空间上仅仅占两个变量的空间,为 \(O(1)\) ,代码如下:
代码
class Solution {
public int numWays(int n) {
if (n <= 1) {
return 1;
}
int a = 1;
int b = 2;
for (int i = 2; i < n; i++) {
int temp = (a + b);
a = b;
b = temp;
b %= 1000000007;
}
return b;
}
}
复杂度分析
- 时间复杂度:\(O(N)\)
- 空间复杂度:\(O(1)\)
标签:10,递归,Offer,int,复杂度,memory,力扣,计算,fib 来源: https://www.cnblogs.com/linzeliang1222/p/15611699.html
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