(我知道这可能是一个敏感的决定,但我很欣赏我们避免答案,如“请不要.”)
我有一个类,其构造函数将回调作为参数.在这个回调中,我认为在这个语义上最正确的是$this变量可用作对回调所属实例的引用. (我注意到5.4已经在类中定义的匿名函数的上下文中恢复了$this,但是即使这个更改也没有用,因为函数作为参数传递给构造函数,如上所述)
问题来自这样一个事实：实例没有作为参数传递给回调,而是通过use()提供
use()有关于$this的倾向,说明它不能用作词法变量.
有没有办法,没有把它作为一个参数传递(任何方法,使用(或不),可能很好)来完成这个？
在手边,我唯一能想到的就是：
... function($foo, $bar)
use($array_with_this){
extract($array_with_this); // contains instance with key 'this'
// code using $this
} ...
但这迫使我不再需要额外的要求.
解决方法:
$that = $this;
cb(function () use ($that) {
$that-> ...
});
这个$this是一个特殊的关键字,你不能在对象上下文之外使用它.并且匿名函数当前在对象上下文之外运行.这显然会在下一版本的PHP(5.4)中发生变化.
标签：php,scope,this 来源： https://codeday.me/bug/20190530/1186234.html
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